Gulp 仅在存在时包含

我希望在gulp中包含一个文件，只要它存在，当我编译时，用于开发。目前我有以下几点：

gulp.task('compile:js:development', function() {
  return gulp.src([
    'src/js/**/*.js',
  ]).pipe(concat('dist.js'))
    .pipe(gulp.dest('compiled/js/'))
});

我需要向该数组中添加另一个文件，但前提是该文件存在。我见过

吞咽if

，但我认为那没有我想要的能力

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我还想提醒开发人员，在控制台中编译以进行开发时，此文件不存在

Gulp只是一个节点应用程序，因此您可以使用gulpfile中的任何节点函数。您可以使用

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你能举个例子说明如何在gulp任务中使用它来编译js吗？

gulp.src

中的第一个选项可以是

字符串

或

数组

，不存在的文件被忽略，所以我认为这可以简化为

gulp.src（['src/js/***.js'，'path/to/other/file']））

@PaoloMoretti，那就行了。但是OP说如果文件不存在，他们想警告开发者。@BrianGlaz哦，对不起，我没听清楚。在这种情况下，我想您必须手动检查文件是否存在。您也可以使用：）

gulp.task('compile:js:development', function() {
  var fs = require('fs'),
      files = ['src/js/**/*.js'],
      extraFile = 'path/to/other/file';

  if (fs.existsSync(extraFile)) {
    files.push(extraFile);
  } else {
    console.log('FILE DOES NOT EXIST');
  }

  return gulp.src(files)
    .pipe(concat('dist.js'))
    .pipe(gulp.dest('compiled/js/'))
});