Php 使用关键字'有条件地导入类；使用'；

我从未在任何地方见过这种结构，所以我想知道这样一个表达式是否有问题：

if (condition) {

    use Symfony\Component\HttpFoundation\Response;

}

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这将引发语法错误。来自TFM：

必须在文件的最外层范围内声明

use

关键字 （全局范围）或内部命名空间声明。这是因为 导入是在编译时完成的，而不是在运行时，因此无法进行 块作用域

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使用

所做的唯一事情就是别名类名。就这样。没别的了。
不必在脚本中重复写入完全限定的类名：

$q = new \Foo\Bar\Baz\Quux;
if ($q instanceof \Foo\Bar\Baz\Quux) ...

您可以将其缩短为：

use Foo\Bar\Baz\Quux;

$q = new Quux;
if ($q instanceof Quux) ...

因此，有条件地使用

use

是毫无意义的。它只是一个语法助手；如果可以有条件地使用它，那么脚本语法就会变得模棱两可，这是没有人想要的

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它不会减少代码加载，因为代码只通过

require

/

include

调用或通过自动加载显式加载。后一种方法非常受欢迎，因为它已经在需要的时候才懒散地启动。

基本上为什么需要它？使用条件的目的是什么<代码>使用不包括任何内容。根据文档，

导入是在编译时完成的，而不是运行时

，因此您不能这样做。看看php.net，毕竟这个问题不需要否决票。我希望@deceze的解释能帮助一些人。这是有道理的。假设我正在为后端API更换供应商。我希望能够从一个客户端切换到另一个客户端，而无需编写大量代码来实现swtich。假设我在环境变量中定义API供应商：

vendor=SignalWire

或

vendor=Twilio

在设置客户端连接的类中，我要初始化“正确的客户端”。加载正确供应商代码的有条件使用是完美的，这样我就不必在代码的其余部分有条件地使用可能有几十个“new”的类。切换不应该发生在关闭类名的级别上！一段代码应该清楚地知道两个不同的类名，然后有意识地实例化一个，然后可以传递一个或另一个类的实例。这是正确的面向对象多态性。是的，你是对的。我最终解决这个问题的方法是使用ClassA作为Foo；使用ClassB作为酒吧；然后根据环境有条件地返回正确实例化的类。是。这是正确方法的另一个原因是，构造函数可能非常不同。即使类的接口相同且可互换，如果它们需要不同的构造函数参数，代码中的某些内容也需要清楚地知道哪个类是哪个类，并且不能让PHP在语法级别进行切换。