Python：从不同模块登录到同一文件的正确方法

随着时间的推移，我已经编写了一系列脚本，我正在重构脚本以保留代码。我目前在各种脚本中使用了以下内容：

if __name__ == '__main__':
    logger = logging.getLogger('dbinit')
    hdlr = logging.FileHandler('/var/logs/tmp/foo.log')
    formatter = logging.Formatter('%(asctime)s %(levelname)s %(message)s')
    hdlr.setFormatter(formatter)
    logger.addHandler(hdlr) 
    logger.setLevel(logging.WARNING)

与其在每个脚本（即“模块”）中重复这一点，我希望在某个地方对记录器进行初始化，并通过各种脚本进行访问（嗯，可能封装在一个单例类中？）

如果我不能做到这一点（即将记录器初始化代码放在一个核心模块中），我假设通过在logging.FileHandler（）调用中使用相同的日志文件名，各种脚本将写入相同的文件

这个假设正确吗

最后但并非最不重要的一点是，解决此问题的最佳实践（即Pythonic）方法是什么？

因此，在许多地方使用此类init代码不会有什么坏处

如果我不能这样做（即，将记录器初始化代码放在一个 核心模块）

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如果您想确保初始化代码只运行一次，您可以这样做，并且应该这样做。

鉴于您使用的是

如果

，我假设这些脚本将作为不同的进程运行。如果是这种情况，那么应该使用单独的配置文件

此配置可以以文档中指定的格式存储在文件中。然后，可以使用

logging.config.fileConfig

加载文件。您还可以将配置存储为JSON/YAML格式，将其转换为字典，并使用

logging.config.dictConfig

加载它。后者是目前推荐的方法，尽管我认为前者更直接。阅读了解更多信息

使用配置文件方法的优点有很多：

它将配置设置与代码分开

它允许非程序员更改配置，因为它们以易于阅读的格式存储

它还可以防止你重复你已经说过的话

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在python模块中创建一个函数，如下所示：

def createLogHandler(job_name,log_file):
    logger = logging.getLogger(job_name)
    ## create a file handler ##
    handler = logging.FileHandler(log_file)
    ## create a logging format ##
    formatter = logging.Formatter('%(asctime)s - %(name)s - %(levelname)s - %(message)s')
    handler.setFormatter(formatter)
    logger.addHandler(handler)
    return logger

现在按如下方式调用程序中的函数：

job_name = 'dbinit'
log_file = '/var/logs/tmp/foo.log'
logger = createLogHandler(job_name ,log_file )
logger.info('Logger has been created')

Related:Related：我认为您是在引用“如果处理程序已经存在，addHandler（）将不会添加处理程序”。只有当它是同一个处理程序对象时（该答案中的hdlr

hdlr

），你说的才是真的。如果每次都创建处理程序，你说的就不是真的。（请参阅同一问题。）在这个问题中，如果每个文件都可以创建一个新的处理程序（

logging.FileHandler（…）

），您的答案是不正确的。