Android 安卓-改型1.9-发布数据返回LoginActivity的无效JSON

我在向服务器发送登录信息时出错。我尝试了很多方法来访问“isSuccessful:true”这个东西，但我失败了

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改装错误消息：

*D/Retrofit:*

{"IsSuccessfull":false,"IncidentId":"de3d","Messages":
[{"Key":"ExceptionResponse","Value":"SOME_ERRORS_OCCURED_DURING_EXECUTION"},>{"Key":"Exception","Value":"ServiceExecutor.InvalidApplication"}]}*

*D/Retrofit: 
<--- END HTTP (224-byte body)*

并应返回以下内容：

    {
      "Data": {something},
      "IsSuccessfull": true
    }

---

private void services with headerTask（）{
showProgress（）；
JSONObject jsonMain=新的JSONObject（）；
JSONObject jsonParams=新的JSONObject（）；
试一试{
jsonParams.put（“用户名”、“fatih.kaya”）；
jsonParams.put（“密码”，“11111”）；
jsonParams.put（“AuthProvider”、“1”）；
//jsonMain.put（“函数”、“登录”）；
put（“参数”，jsonParams）；
}捕获（例外e）{
}
/**将示例json转换为改装typedString**/
TypedString parm=新的TypedString（jsonMain.toString（））；
//服务电话
serviceWithHeader.postJsonString（parm，new Callback（）{
@凌驾
public void成功（对象、响应）{
字符串responseString=new Gson（）.toJson（对象）；
showSnackBar（responseString）；
hideProgress（）；
}
@凌驾
公共无效故障（改型错误改型错误）{
错误。printStackTrace（）；
showSnackBar（“错误：+Error.getMessage（））；
hideProgress（）；
}
});
}
***REST接口***
公共接口RestInterface{
@POST（“/auth/signin”）
void postJsonString（@Body TypedString，回调cb）；
}
***服务生成器***
公共类服务生成器{
公共静态最终字符串BASE_URL=”http://xxx.xxx.xxx.xxx:xxx/api/json/";
公共静态类SessionRequestInterceptor实现RequestInterceptor{
@凌驾
公共无效截获（请求门面请求）{
addHeader（“内容类型”、“应用程序/json”）；
addHeader（“x-Application-Key”、“PIRLWjnl”）；
}
}
公共静态S createServiceWithJsonHeader（类serviceClass）{
RestAdapter.Builder=new RestAdapter.Builder（）
.setEndpoint（基本URL）
.setRequestInterceptor（新的SessionRequestInterceptor（））；
RestAdapter adapter=builder.build（）；
adapter.setLogLevel（RestAdapter.LogLevel.FULL）；
返回adapter.create（serviceClass）；
}

使用Gson和jsonschema2pojo.org比手动解析Json要方便得多

改型（2.0之前）附带（我认为是Gson）作为默认Json解析器，因此您唯一应该更改的是：

serviceWithHeader.postJsonString(parm, new Callback<LoginResponse>() { //This is the key ingredient
/* implementation */
}

创建这些类并在回调类型中进行设置后，改型应注意填充这些字段。 如果您不想从json响应创建此类类，我创建了一个小脚本，您可能会发现它很有用

我更改了这个部分

TypedString parm = new TypedString(jsonMain.toString());

为此：

TypedString parm = new TypedString(jsonParams.toString());

因此，

参数

单词不需要添加

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感谢尝试帮助的人=）

当我使用post man并使用标题和正文时，您服务器的json响应是这样的吗？？？@SripadRaj：我已经从该网站获得了POJO，但我将在创建有效连接后使用POJO。我将用您编写的连接替换该行，（顺便说一句，我有我以前创建的LoginModel类，我认为手动解析JSON以建立连接比使用pojo类更容易）并将callbackType设置为LoginModel，它给了我相同的错误响应。我的LoginModel:public class LoginModel{（at Sign）SerializedName（“Data”）（at Sign）公开私有数据；@SerializedName(“IsSuccessfull”）@Expose private Boolean issccessfull；public Data getData（）{return Data；}public void setData（Data）{this.Data=Data；}public Boolean getissccessfull（）{return issccessfull；}public void setissccessfull（Boolean issccessfull）{this.issusccessfull=issusccessfull；}}感谢您的脚本，我将尝试它=）第二次阅读后，我看到您正在生成以下内容。{“参数”：{/*这是您实际想要发送的json*/}也许您应该尝试为请求主体创建一个类，并将其作为：void postJsonString发送（@Body LoginRequest request，Callback cb）；只是澄清一下：class LoginRequest{String UserName；…more fields}

class LoginResponse {
    Object Data;
    Boolean IsSuccessfull;
}

TypedString parm = new TypedString(jsonMain.toString());

TypedString parm = new TypedString(jsonParams.toString());