Ios 脚本Xcode：在AppleScript中单击菜单项而不激活窗口？

我有一个通过XCode以编程方式启动iOS项目的简单脚本：

on run project_loc
  tell application "Xcode"
    open project_loc
    activate
  end tell

  tell application "System Events"
    tell application process "Xcode"
      click menu item "Run" of menu 1 of menu bar item "Product" of menu bar 1
    end tell
  end tell
end run 

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这工作得很好，只是它将焦点切换到Xcode，这并不理想，因为我试图将其作为方案的一部分，该方案会自动重新编译并重新启动，以响应相关文件中的任何更改。有没有办法在不关注Xcode窗口的情况下实现这一点

您不能使用GUI脚本单击菜单项而不切换到应用程序，就像您自己不切换到应用程序而单击它一样–应用程序的菜单栏只有在具有焦点时才可用（或者，至少是最后一个具有焦点的应用程序–它不一定需要焦点窗口）。但是，您可以通过切换回脚本中以前关注的应用程序来减轻切换的干扰：

on run
    tell application "System Events" to set focusedAppID to bundle identifier of first application process whose frontmost is true
    <your code here>
    tell application id focusedAppID to activate
end run

运行时

告诉应用程序“系统事件”将focusedAppID设置为最前端为true的第一个应用程序进程的绑定标识符
告诉应用程序id focusedAppID激活
终点

但是…Xcode本身是一个可编写脚本的应用程序。如果您只需要构建项目，为什么不使用

tell application "Xcode" to build <target / project>

告诉应用程序“Xcode”生成

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这将为您节省大量的GUI脚本编写工作—请查看Xcode AppleScript字典（默认情况下未添加—只需将Xcode.app拖动到AppleScript编辑器中的库窗口即可）。

将focusedAppID设置为绑定最前端为true的第一个应用程序进程的标识符。

我不明白这意味着什么