Javascript返回JSON不工作

我正在从我的php文件返回json，php文件工作正常，json得到正确响应，但是js中的问题

输出应该是{“name”：“somename”，“id”：“someid”，“l”：“something”，“sname”：“somename”，“desc”：“longdescriptionhere”}

JAVASCRIPT

function getClubData(id) {
    alert(id);
    $.ajax({
        url: 'someurl',
        crossDomain: true,
        type: 'post',
        data: id,
        success: function (data) {
            var json = jQuery.parseJSON(data);
            alert(data);
        },
    });
};

PHP

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我确信php是正确的，因为它在页面上回响正确的信息，只是没有正确地传输回javascript…

编辑/更新

现在我知道发生了什么，你想要什么。。。 这是我更新后的答案

您需要给id一个键，以便在另一端，您的PHP脚本知道从何处通过$\u POST变量获取此id

所以你的剧本

function getClubData(id) {
alert(id);
$.ajax({
url: 'someurl',
crossDomain: true,
type: 'post',
data: {'theid':id},
success: function (data) {
var json = jQuery.parseJSON(data);
alert(data);


},
});

};

然后你的php脚本就会得到这个id

$id = $_POST['theid'];

$sql = "SELECT * from YOURTABLE WHERE ID = $id";
//and rest of your query and database stuff etc etc

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如果你使用console.log（json）会发生什么？它说，[object，object，object，object，object，object，object]这是错误的对象，你看我有一个listview，它返回列表中每个项目的信息，而不是php文件中正确的json OK，所以你不能通过data.id访问它，data.name etcIm不确定我是否理解您的意思我的列表视图中有6个项目，每个项目都有一个data-club-id。。。因此，无论单击哪一个，它都会将该id发送到js函数。因此，需要提醒的是listview中每个项目的名称和id，而不是单击其中一项的5个字段。这是因为您只是将id传递到数据中，没有给它一个键或任何东西，php如何知道您选择的id号？就像您需要传递{theid:id}进入数据字段…知道我在说什么…它必须是一个object，因为当单击列表中的某个项目时，它会在另一个函数中获取id，然后将其传递给getData（id）函数。。。在函数中，当我发出警报（id）时，它会给我正确的idI get…但是您需要给id一个键值供php脚本处理…例如{yourkey:id}或php脚本在其$u POST['yourkey']项中查找的任何值

$id = $_POST['theid'];

$sql = "SELECT * from YOURTABLE WHERE ID = $id";
//and rest of your query and database stuff etc etc