Laravel 5 Laravel-使用类，如Auth

我有一个班级职位。创建了模型，Restfull资源控制器。
现在我在我的资源控制器中实现了show功能。
因此，如果有人路由到

/post/234234

，他将自动看到帖子

但现在我想在自己身上创建一个新的静态函数。让我们称之为

myFunction（）

。我不喜欢一直把

id

交给别人。是否有可能创建一个对象或类似的东西，因此我可以像那样使用它

Post:：myFunction（）

，而无需始终交出id

它类似于

Auth

类。我的意思是我可以检查用户是否像那样登录

Auth:：check（）

更新
让我们更清楚地描述它。这是我的PostController@show:

public function show($id)
{

    //Get board information
    $post = Post::find($id);    

    //Return view
    return view('post')->with(array(
        'posts' => $post
    ));
}

它只显示了post。在我看来，我有一个名为“跟进”的按钮。我只想展示给他看，如果他还没有跟进帖子的话。现在我考虑编辑模型

Post.php

，并添加一个静态函数

followed（）

，这样我就可以在视图中执行此操作：

@if(Post::followed())
    <button>Follow up</button>
@endif

@if（Post:：followered（））
跟进
@恩迪夫

是。您只需创建一个静态函数：

public static function myFunction(){

}

请注意，此函数将在静态上下文中调用，因此没有可用的

$this

或者，您可以创建一个Facade（

Auth

是一个Facade）。该过程在本手册中描述得相当好

---

至于你的具体情况，我甚至不认为需要一个静态的方法。由于您将

$post

传递给视图，因此只需添加一个常规的公共方法：

public function isFollowing(){

}

然后在您的视图中执行此操作：

@if(!$post->isFollowing())
    <button>Follow up</button>
@endif

@if（！$post->isFollowing（））
跟进
@恩迪夫

是的，我已经创建了一个静态函数。我的愿望是，我不必像show那样将

id

作为参数提交。我真的不明白你的意思。你能编辑你的问题并添加更多的代码吗。但是

isFollowing（）

函数是什么样子的呢？我在哪里可以通过id找到我的条目？这主要取决于你的逻辑。您可以使用

$this->id