Php 警告：mysqli_query（）要求参数1为mysqli，字符串在

我得到警告：

警告：mysqli_query（）要求参数1为mysqli，字符串在第6行的（…）中给出

我的代码在这里：

<?php

require_once 'conn.php';

$sql = "SELECT user_id, access_lvl, name FROM cms_users ";
$result = mysqli_query($sql, $conn);

---

这正是错误地将参数传递给
mysqli\u query（）
时的错误状态。假设
$conn
是您的mysqli连接在某一点上由
新的mysqli（）生成的，那么它应该是：

$result = mysqli_query( $conn,$sql) or trigger_error(mysqli_error($conn)));

您调用它的方式是传递一个字符串，
$sql
作为第一个参数。
我已经晚了3年，但您需要做的就是交换
mysqli\u query（）的参数。

我有这个问题，但在刷卡之后
$result=mysqli\u查询（$sql，$conn）
到
$result=mysqli\u查询（$conn，$sql）

虽然$result=mysqli\u查询（$conn，$sql）是正确的方法，但我还是设法解决了这个错误

I var_dump（）是$conn对象，在运行查询时它是一个set对象，但仍然返回“string-given”错误

我是在将$conn对象解析成一个函数后访问它的，我在整个项目中都是这样做的，没有错误

在函数中重新声明$conn对象，而不是将其传递到函数中，停止了错误，尽管这种行为在我的项目中的任何其他地方都不会发生。这也不是一个理想的解决方案

注意：我正在使用.env进行本地开发，这不会引起任何问题，并且有助于通过.git进行本地/远程部署

几个小时后，我真的相信这里有一个PHP错误，我使用的是7.3.0，但发生在7.2.5中，而且我肯定是将其解析为一个db连接对象，而不是字符串

只是为了提供信息，以防其他人碰到它。谢谢

另外，密码不应以明文形式存储在数据库中，这是一个主要的安全问题。如果作者还没有对此进行调整（我知道这是一篇老文章），那么阅读以下内容很重要：

您正在混合使用
mysqli\u
和
mysql\u
mysql\u error
不会为
mysqli\u
函数返回错误。可爱的漏洞。享受您的服务器pwn3d。@MarcB I不是一个downvoter，但Ray最初将其作为
mysql\u error（）
使用，这不会显示在编辑中。@Fred ii-快速剪切和粘贴，看不到死亡消息的最右侧。我删除了它。@MarcB是的，这就是为什么他们不会出现，因为Ray在这段时间内还有5分钟的时间。@Ray OP的混合API
或die（'无法查找用户信息；'。mysql_error（））应读为
或die（'无法查找用户信息；'。mysqli_错误（$conn））。顺便说一句，我从不草率地投反对票@弗雷德二世-我会窃取你的评论并更新答案。
$result = mysqli_query($conn, $sql)