Php 为什么我总是得到；假；当我检查数据库中的值时？

我想检查这个值是否存在于数据库中，但当我运行下面的代码时，我总是得到false。谁能帮帮我吗

$key_in=$key_in_error=”“；
如果（$\服务器[“请求\方法”]=“发布”）{
如果（为空（修剪（$_POST[“key_in”]））{
$key\u in\u error=“请输入作业编号。”；
}
//}其他{
//$key_in=修剪（$_POST[“key_in”]）；
$key\u in=mysqli\u real\u escape\u string（$link，$key\u in）；//安全性！
$result=mysqli\u query（$link，“从作业号为“$key\u in”的文件中选择*）；
if（mysqli_fetch_行（$result））{
标题（“location:downloads.php”）；
}否则{
回显“无效的作业编号！”；
}
}

试试这个

$key_in = $key_in_error = "";

if ($_SERVER["REQUEST_METHOD"] == "POST") {

    if (empty(trim($_POST["key_in"]))) {
    $key_in_error = "Please enter job number.";}
//    } else {
//        $key_in = trim($_POST["key_in"]);

        $key_in = mysqli_real_escape_string($link,$key_in);  // SECURITY!
        $result = mysqli_query($link,"SELECT * FROM files WHERE job_no='$key_in'");
        if (mysqli_num_rows($result)>0) {
            header("location: downloads.php");
        } else {

            echo"Not valid job number!";
        }
    }

---

您的echo$key_的价值是多少？@ϻᴇᴛᴀʟ$key_in是用户的输入value@KrisRoofe我不知道你的意思是什么？你有没有检查你的

$result

，看看你的查询是否有问题？还有，您是否检查了您的

$result

，以查看您的查询是否有任何结果？这对我不起作用。结果仍然是一样的。谢谢@Mukesh Yadav，我已通过取消注释这两行，然后删除安全线来解决问题。