Php 我的代码无法将数据发送到mysqli数据库，但它不会产生任何错误

我一直有很多问题，这一页，我试图使。我读了很多帖子，但是它 仍然没有我需要的答案。如果有人能帮助我，我将不胜感激。 此表单的数据不会发送到数据库，但不会产生任何错误

我以前的代码版本出现访问错误。然后我修复了它，现在它不会产生错误。
但它仍然不发送数据。 我将在这里粘贴我的代码。
提前谢谢

<form method="POST" action="#">
    Nome:
    <input type="CHAR" name="nome">
    <br><br>E-Mail:
    <input type="text" name= "email">
    <br><br>Mensagem:<br>
    <textarea name="comentario"></textarea>
    <br><br>
    <input type="submit" value="Enviar">
    <input type="reset" value="Limpar">
</form>
<hr>

<?php
$date = date_default_timezone_set('America/Sao_Paulo');
$con=mysqli_connect("localhost","root","","bdcomentarios");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno())
  {
  echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
  }
        {
$insert = mysqli_query($con,"INSERT INTO tbcomentarios('nome')");
        }
{
$insert = mysqli_query($con,"INSERT INTO tbcomentarios('email')");
    }
    {
$insert = mysqli_query($con,"INSERT INTO tbcomentarios('comentario')");
    }
    {
$insert = mysqli_query($con,"INSERT INTO             
tbcomentarios('date_default_timezone_get('Y/m/d')'");
    }
$sql = "SELECT * FROM tbcomentarios ORDER BY id desc";
$executar=mysqli_query($con, $sql);
while( $exibir = mysqli_fetch_array($executar)){
    echo $exibir['data'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['nome'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['email'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['comentario'];
    echo "</br><hr>";
}
?>

诺姆：


电邮：


菜单：





在将变量输入数据库之前，必须获取post方法传递的变量。请尝试以下操作：

1） 这让PHP表单可以自行提交

<form action="<?php echo htmlspecialchars($_SERVER["PHP_SELF"]); ?>" method="post">
Nome:
<input type="CHAR" name="nome">
<br><br>E-Mail:
<input type="text" name= "email">
<br><br>Mensagem:<br>
<textarea name="comentario"></textarea>
<br><br>
<input type="submit" value="Enviar">
<input type="reset" value="Limpar">
</form>

非常感谢。这很有效。我只需要使用它，并用$date=date\u default\u timezone\u set（'Asia/Tokyo'）设置时区；但现在我有另一个问题。现在，当我运行页面时，它会自动发送一个空白条目。我曾经尝试过这样使用isset（isset（$\u POST[“nome”]，$\u POST[“email”]，$\u POST[“comentario”]，$\u POST[“data”]）；因此，如果表单为空，它不会发送表单，并且我的数据库的变量都设置为NOTNULL，但它以某种方式接受数据并存储和显示它。再一次，非常感谢。只需给submit按钮起个名字，例如，然后将我发布的所有php代码放在这个if语句中：if（isset（$_POST['submit']）{}这意味着：如果按下按钮，考虑论坛提交，获取值并填充DB谢谢。我这样做了，但是它不再显示旧的注释，所以我关闭了表单的PHP，制作了另一个PHP分区，并复制了回音部分（从$SQL到代码的最后一个字符）。并粘贴到它，现在它的工作预期。谢谢你帮助我，我希望你有一个伟大的一天。
<?php
$nome = "";
$email = "";
$comentario = "";

//keep the variables
if(isset($_POST["nome"]))
     $nome = $_POST["nome"];
if(isset($_POST["email"]))
     $email = $_POST["email"];
if(isset($_POST["comentario"]))
     $comentario = $_POST["comentario"];

//current date
$data = date("Y/m/d");

$con=mysqli_connect("localhost","root","","bdcomentarios");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno())
{
    echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}


$sql_insert="INSERT INTO tbcomentarios (data, nome, email, comentario) 
VALUES('$data', '$nome', '$email', '$comentario')";

//check the insert into DB
if (mysqli_query($con,$sql_insert)) {
     echo "New record created successfully";
} else {
     echo "Error: " . $sql . "<br>" . mysqli_error($con);
}


$sql = "SELECT * FROM tbcomentarios ORDER BY id desc";
$executar=mysqli_query($con, $sql);
while( $exibir = mysqli_fetch_array($executar)){
    echo $exibir['data'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['nome'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['email'];
    echo "</br>";
    echo $exibir['comentario'];
    echo "</br><hr>";
}