如何将jquery变量发送到php？

当我尝试用jquery发送var时，ajaxphp没有收到它，我也不知道为什么

这是我的剧本：

function showHiddenUserInfoPanel(id){
$(document).ready(function(){
    $('#admin-resume').fadeToggle('slow', 'linear', function(){
        $.ajax({
            async: true,
            type: "POST",
            dataType: "html",
            contentType: "application/x-www-form-urlencoded",
            data: "userid="+id, // Also I tried with : data: {userid: id},
            url: "user-profile.php",
            success: function(){
                $('#info-user').fadeToggle('slow', 'linear');
                alert(id); // I receive the correct id value
            }
        });
    });
});

这是我的user-profile.php：

<div id="activity_stats">
    <h3>Viendo el perfil de <?php echo $_POST["userid"]; ?></h3>
</div>

万多佩菲尔酒店

有人能帮我吗

---

谢谢：）

是我还是你根本不用回复

$.ajax({
  success: function(){
    $('#info-user').fadeToggle('slow', 'linear');
  }
});

您的匿名

success

函数将忽略所有响应。我怀疑您的

#info user

应该是一个空元素，并且您没有得到视觉反馈

例如：

$.ajax({
  success: function(response){
    $('#info-user').html(response).fadeToggle('slow', 'linear');
  }
});

---

另一种方法是使用。

使用Fiddler跟踪HTTP请求并检查请求是否正确……为什么在函数内部使用

$（document）.ready（）

？在调用函数之前，您希望等待文档准备就绪，但在函数本身中，它可能无法完成预期的操作。这意味着您实际上并没有在该函数中执行某些操作，您只是绑定到一个事件。@David好吧，如果DOM已经准备好，该函数将立即被调用。@ZombieHunter在我的firebug中出现：userid 11，在控制台选项卡中，David我认为像lonesomeday。您说过“php没有收到它”。你怎么知道的？您是否在单独的窗口或选项卡中打开了“user profile.php”？只需添加更多信息，jQuery

.load（）

函数也可能对他的需求有用：@Alexander for load（）与ajax（）相同，但只包含数据、url和回调？谢谢：）@jask，url，数据和回调按顺序；）感谢您的帮助：），但我不需要响应，真的吗？如果您不使用响应，那么您将无法获得

user profile.php

的内容（在使用

userid

参数发送请求之后）