如何将参数从bash传递到php脚本？

我已经做了一个运行php脚本的bash脚本。没有参数也可以正常工作，但当我添加参数（id和url）时，会出现一些错误：

PHP Deprecated:  Comments starting with '#' are deprecated in /etc/php5/cli/conf                                                                                        .d/mcrypt.ini on line 1 in Unknown on line 0
Could not open input file: /var/www/dev/dbinsert/script/automatisation.php?                                                                                        id=1

我从bash运行php脚本，如下所示：

php /var/www/dev/dbinsert/script/automatisation.php?id=19&url=http://bkjbezjnkelnkz.com

$id = $_GET["id"];
$myvar = $_GET["myvar"];

称之为：

php /path/to/script/script.php -- 'id=19&url=http://bkjbezjnkelnkz.com'

另外，修改PHP脚本以使用：

如果未设置索引

$\u服务器['REMOTE\u ADDR']

---

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可能需要更高级的处理，但这是使其工作的一种快速的方法。

您不能将get查询参数传递给PHP命令行界面。将参数作为标准命令行参数传递并使用读取它们，或者（如果必须使用GET/POST参数）通过curl/wget调用脚本并以这种方式传递参数—假设您可以通过本地web服务器访问脚本

这就是如何传递要由

$argc

和

$argv

读取的参数的方法（表示所有后续参数应转到脚本，而不是PHP解释器二进制文件）：

php myfile.php--argument1 argument2

--选项1:php cgi--

使用“php cgi”代替“php”来运行脚本。这是最简单的方法，因为您不需要专门修改php代码来使用它：

php-cgi -f /my/script/file.php id=19 myvar=xyz

--选项2：如果您有web服务器--

如果php文件位于web服务器上，则可以在命令行上使用“wget”：

wget 'http://localhost/my/script/file.php?id=19&myvar=xyz'

或：

--访问php中的变量--

在选项1和2中，您可以通过以下方式访问这些参数：

php /var/www/dev/dbinsert/script/automatisation.php?id=19&url=http://bkjbezjnkelnkz.com

$id = $_GET["id"];
$myvar = $_GET["myvar"];

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如何将目录传递到php脚本中？@Michael，同样的方法，只需从

$argv

数组中读取即可。另外，线程死灵术也很糟糕。我不确定我是否做错了什么，或者php是否已经更改，但是没有必要使用

--

。当我使用

$argv[1]

时，它只读取

--

。如果使用php cgi:，则可以传递GET查询参数）请参见此处的示例：