Php MySQLi查询未正确返回结果

我正在尝试将我的网站切换到MySQLi，并遵循W3schools-MySQLi指南这样做。不过，我遇到了一个障碍。我有一个功能来检查指定的用户是否是网站的管理员。我在不同的地方放置了

echo

，以找到问题所在，我发现它很可能没有看到用户

$username

设置为变量

$user

。以下是整个代码块（connect.php的一部分：

<?php
$servername = "localhost";
$username = "root";
$password = "";
$dbname = "lark";

$conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);

if(!$conn) {
    die("Connection failed: " . mysqli_connect_error());
}

session_start();
if(!isset($_SESSION["user_login"])) {
    $user = "";
} else {
    $user = $_SESSION["user_login"];
}

//functions
function isAdmin($username) {
    $servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "";
    $dbname = "lark";
    $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);

    $sql_get_is_admin = "SELECT * FROM users WHERE username='$username' LIMIT 1";
    $get_is_admin = mysqli_query($conn, $sql_get_is_admin);

    if(mysqli_num_rows($get_is_admin) > 0) {
        echo "num_rows";
        while ($row = mysqli_fetch_assoc($get_is_admin)) {
            $is_admin_bool = $row['admin'];
            echo "while";
            if($is_admin_bool == 0){
                return false;
            } elseif ($is_admin_bool == 1) {
                return true;
            }
        }


    } else {
        echo "not found.";
    }
}
?>

我还必须重新连接到数据库，否则我会在网站上出现以下错误：

Notice: Undefined variable: conn in C:\xampp\htdocs\lark\connect.php on line 33

Warning: mysqli_query() expects parameter 1 to be mysqli, null given in C:\xampp\htdocs\lark\connect.php on line 33

Warning: mysqli_num_rows() expects parameter 1 to be mysqli_result, null given in C:\xampp\htdocs\lark\connect.php on line 35 not found.

---

如果我修复了它，所以没有错误，它只会说“找不到”。

您的函数中没有$conn，它会被注释掉

function isAdmin($username) {
    /*$servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "";
    $dbname = "lark";
    $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);*/

---

您的函数中没有$conn，它被注释掉了

function isAdmin($username) {
    /*$servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "";
    $dbname = "lark";
    $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);*/

---

您的函数中没有$conn，它被注释掉了

function isAdmin($username) {
    /*$servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "";
    $dbname = "lark";
    $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);*/

---

您的函数中没有$conn，它被注释掉了

function isAdmin($username) {
    /*$servername = "localhost";
    $username = "root";
    $password = "";
    $dbname = "lark";
    $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);*/

---

未在函数中定义$conn变量，例如：

function isAdmin($username) {
global $conn;
..................

}

---

未在函数中定义$conn变量，例如：

function isAdmin($username) {
global $conn;
..................

}

---

未在函数中定义$conn变量，例如：

function isAdmin($username) {
global $conn;
..................

}

---

未在函数中定义$conn变量，例如：

function isAdmin($username) {
global $conn;
..................

}

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---

它被编辑掉了，所以我可以知道错误是什么，我的错。我修复了它。你仍然会收到相同的错误，这已经解决了，或者还有其他错误？其他错误可能是你双重分配了$username。我没有收到错误，但它说“找不到”这意味着它找不到指定的用户。在本例中指定的用户应该存在，因为它是登录的用户。根据数据库，有一个登录的用户是管理员。是的，您在函数中设置了两次

$username

，它是“root”。您用sql连接覆盖传入的内容。哈哈，我甚至没有冰。谢谢，这修复了它。我只是希望我不必连接到函数中的数据库，即使我已经连接过一次。它被编辑掉了，这样我可以知道错误是什么，我的错。我修复了它。你仍然会收到相同的错误，这已经解决了，或者还有其他错误？其他错误可能是你双重分配$username。我不知道错误，但上面写着“找不到”这意味着它找不到指定的用户。在本例中指定的用户应该存在，因为它是登录的用户。根据数据库，有一个登录的用户是管理员。是的，您在函数中设置了两次

$username

，它是“root”。您用sql连接覆盖传入的内容。哈哈，我甚至没有冰。谢谢，这修复了它。我只是希望我不必连接到函数中的数据库，即使我已经连接过一次。它被编辑掉了，这样我可以知道错误是什么，我的错。我修复了它。你仍然会收到相同的错误，这已经解决了，或者还有其他错误？其他错误可能是你双重分配$username。我不知道错误，但上面写着“找不到”这意味着它找不到指定的用户。在本例中指定的用户应该存在，因为它是登录的用户。根据数据库，有一个登录的用户是管理员。是的，您在函数中设置了两次

$username

，它是“root”。您用sql连接覆盖传入的内容。哈哈，我甚至没有冰。谢谢，这修复了它。我只是希望我不必连接到函数中的数据库，即使我已经连接过一次。它被编辑掉了，这样我可以知道错误是什么，我的错。我修复了它。你仍然会收到相同的错误，这已经解决了，或者还有其他错误？其他错误可能是你双重分配$username。我不知道错误，但上面写着“找不到”这意味着它找不到指定的用户。在本例中指定的用户应该存在，因为它是登录的用户。根据数据库，有一个登录的用户是管理员。是的，您在函数中设置了两次

$username

，它是“root”。您用sql连接覆盖传入的内容。哈哈，我甚至没有冰。谢谢，这解决了它。我只是希望我不必连接到函数中的数据库，即使我已经连接过一次。