Php 移动子页面/其他页面时，在引导中保持当前导航菜单处于活动状态

当访问子页面/其他页面时，我想使菜单导航在boostrap中保持活动状态

这是我在标题菜单上的代码：

    function echoActiveClassIfRequestMatches($requestUri)
     {
       $current_file_name = basename($_SERVER['REQUEST_URI'], ".php");

       if ($current_file_name == $requestUri)
         echo 'class="active"';
    }

>家

---

只有当我们访问parrent页面时，此功能才起作用。如果想要访问子页面，导航菜单不保持活动状态。 例如：如果我们访问index.php，导航菜单处于活动状态，但如果我们从index.php访问子页面，导航菜单不处于活动状态。 当我们访问子页面时，如何激活导航菜单？

---

非常感谢您的回答。

简单的回答是您可以使用

$_SERVER['SCRIPT_NAME']

而不是

$_SERVER['REQUEST_URI']

---

较长的答案是，您可以从函数中处理多个事情，这将阻止您重用代码

请参考以下建议：

<?php
  /**
   * checks if the user called a certain script
   */
  function requestMatches($script_name)
  {
    return (basename($_SERVER['SCRIPT_NAME'], '.php') == $script_name);
  }

  /**
   * identifies the class for a given request 
   */
  function getClassForRequest($script_name)
  {
    return requestMatches($script_name) ? 'active' : '';
  }
?>

<ul class="nav navbar-nav navbar-left">
  <li class="<?=getClassForRequest('table')?>">
    <a href="table.php">Table <span class="sr-only">(current)</span></a>
  </li>
  <li class="<?=getClassForRequest("index")?>">
    <a href="index.php">home <span class="sr-only">(current)</span></a>
  </li>
</ul>

简单的答案是你可以使用

$_SERVER['SCRIPT_NAME']

而不是

$_SERVER['REQUEST_URI']


较长的答案是，您可以从函数中处理多个事情，这将阻止您重用代码

请参考以下建议：

<?php
  /**
   * checks if the user called a certain script
   */
  function requestMatches($script_name)
  {
    return (basename($_SERVER['SCRIPT_NAME'], '.php') == $script_name);
  }

  /**
   * identifies the class for a given request 
   */
  function getClassForRequest($script_name)
  {
    return requestMatches($script_name) ? 'active' : '';
  }
?>

<ul class="nav navbar-nav navbar-left">
  <li class="<?=getClassForRequest('table')?>">
    <a href="table.php">Table <span class="sr-only">(current)</span></a>
  </li>
  <li class="<?=getClassForRequest("index")?>">
    <a href="index.php">home <span class="sr-only">(current)</span></a>
  </li>
</ul>



最后，我正在使用这段代码来解决我的问题

function echoActiveClassIfRequestMatches($requestUri)
     {
       $current_file_name = basename($_SERVER['REQUEST_URI'], ".php");

       if ($current_file_name == $requestUri)
         echo 'class="active"';
    }

<!-- menu fuction -->
<ul class="nav navbar-nav navbar-left">
<li id="home" <?=echoActiveClassIfRequestMatches("index")?>><a href="index.php">HOME <span class="sr-only">(current)</span></a></li>
</ul>

<!-- add jquery in each sub page -->

<script src="jquery.min.js"></script>
<script type="text/javascript">
    $(document).ready(function () {
        $('#home').addClass('active');
         // other menu
        //$('#table').addClass('active');
    });
</script>

函数EchoActiveClassFrequestMatches（$requestUri）
{
$current_file_name=basename（$_SERVER['REQUEST_URI']，“.php”）；
if（$current_file_name==$requestUri）
echo“class=”active“；
}

最后，我正在使用这段代码来解决我的问题

function echoActiveClassIfRequestMatches($requestUri)
     {
       $current_file_name = basename($_SERVER['REQUEST_URI'], ".php");

       if ($current_file_name == $requestUri)
         echo 'class="active"';
    }

<!-- menu fuction -->
<ul class="nav navbar-nav navbar-left">
<li id="home" <?=echoActiveClassIfRequestMatches("index")?>><a href="index.php">HOME <span class="sr-only">(current)</span></a></li>
</ul>

<!-- add jquery in each sub page -->

<script src="jquery.min.js"></script>
<script type="text/javascript">
    $(document).ready(function () {
        $('#home').addClass('active');
         // other menu
        //$('#table').addClass('active');
    });
</script>

函数EchoActiveClassFrequestMatches（$requestUri）
{
$current_file_name=basename（$_SERVER['REQUEST_URI']，“.php”）；
if（$current_file_name==$requestUri）
echo“class=”active“；
}

非常感谢你的回复。。我要试试这个。。谢谢，请告诉我您选择了什么方法，以便我可以更详细地解释。谢谢，我专注于使用Jquery。我的php文件结构是：app/table.php（作为主页）和app/table_edit.php（作为子页面）。所有文件都位于一个文件夹中。如果我使用上述解决方案，它只在主页面中设置活动类。在
var path=window.location.pathname之后添加
console.log（路径）
以确保识别正确的uri。另外，执行
console.log（项目）
以确保识别正确的脚本名称。这应该与
a href
属性完全匹配。如果你需要更多的细节，请告诉我。。谢谢Bogdan先生。。。非常有用非常感谢你的回复。。我要试试这个。。谢谢，请告诉我您选择了什么方法，以便我可以更详细地解释。谢谢，我专注于使用Jquery。我的php文件结构是：app/table.php（作为主页）和app/table_edit.php（作为子页面）。所有文件都位于一个文件夹中。如果我使用上述解决方案，它只在主页面中设置活动类。在
var path=window.location.pathname之后添加
console.log（路径）
以确保识别正确的uri。另外，执行
console.log（项目）
以确保识别正确的脚本名称。这应该与
a href
属性完全匹配。如果你需要更多的细节，请告诉我。。谢谢Bogdan先生。。。非常有用