C++ C++；11:const和reference类型上“auto”操作的标准参考

假设我有一个T型：

typedef ... T;

然后我有这些功能：

T f11();
T& f12();
T&& f13();
const T f21();
const T& f22();
const T&& f23();

然后这样称呼他们：

auto x11 = f11();
auto x12 = f12();
auto x13 = f13();
auto x21 = f21();
auto x22 = f22();
auto x23 = f23();

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从C++11标准的哪些章节/条款可以推断出x11..x23的等效非自动声明？

在§7.1.6.4自动说明符中。在函数返回类型的示例中，模板参数推断规则适用

引用标准中的相关示例：

const auto&i=expr

i
的类型是以下发明函数模板的调用
f（expr）
中参数X的推导类型：

模板无效f（const AUTO&X）

因此，在您的示例中，所有变量
x11
到
x23
的类型被推断为
T
，即如果
模板g（T）比
g（f（））
和
auto t=f（）
在这两种情况下都会导致相同类型的t？@AndrewTomazos理解标准中的示例是
const auto&i=expr
和
模板void f（const U&U）。这里，
i
的类型是
f（expr）
中
u
的推导类型。特别是，这意味着每个推导变量的类型将是
T
。也许您应该编写
模板来说明这一点……：-）@我采纳了你的建议。在我发现“paraquote”之前，我并不热衷于修改标准中的一个引用。现在请稍候<代码>类型定义。。。T使任何普通编译器都能进行编译errors@B在本上下文中，
…
是任何有效类型的占位符。（在一些地方，<代码>……/代码>也是有效的C++的事实没有帮助。