如何压缩多个文件夹，在gulp中生成多个.zip文件？

我的文件夹结构如下所示：

- /projects
- /projects/proj1
- /projects/proj2
- /projects/proj3
- /zips

var gulp = require("gulp");
var foreach = require("gulp-foreach");
var zip = require("gulp-zip");

gulp.task("zip-dist", function(){
   return gulp.src("./dist/*")
       .pipe(foreach(function(stream, file){
          var fileName = file.path.substr(file.path.lastIndexOf("/")+1);
          gulp.src("./dist/"+fileName+"/**/*")
              .pipe(zip(fileName+".zip"))
              .pipe(gulp.dest("./zipped"));

          return stream;
       }));
});

proj
proj/dist
proj/dist/sub01
proj/dist/sub02
proj/dist/sub03
proj/zipped
proj/zipped/sub01.zip
proj/zipped/sub02.zip
proj/zipped/sub03.zip

对于

projects

（proj1、proj2和proj3）中的每个文件夹，我希望压缩每个文件夹的内容，并在

/zips

文件夹中生成

proj1.zip

、

proj2.zip

和

proj3.zip

下面的示例函数从

proj1

文件夹生成单个zip文件

zip = require('gulp-zip');
gulp.task('default', function () {
    return gulp.src('./projects/proj1/*')
        .pipe(zip('proj1.zip'))
        .pipe(gulp.dest('./zips'));
});

---

但我如何为项目中的每个文件夹执行这样的任务呢？我可以通过

gulp.src（'./projects/*'）

将所有文件夹压缩到zip中，但是接下来呢？

我知道这个老问题，而且我对gulp很陌生，所以这可能被认为是一个黑客行为，但我只是尝试着去做你想要做的事情，我最终得到了这个问题

我的文件结构如下：

proj
proj/dist
proj/dist/sub01
proj/dist/sub02
proj/dist/sub03
proj/zipped

我的任务就这样结束了：

- /projects
- /projects/proj1
- /projects/proj2
- /projects/proj3
- /zips

var gulp = require("gulp");
var foreach = require("gulp-foreach");
var zip = require("gulp-zip");

gulp.task("zip-dist", function(){
   return gulp.src("./dist/*")
       .pipe(foreach(function(stream, file){
          var fileName = file.path.substr(file.path.lastIndexOf("/")+1);
          gulp.src("./dist/"+fileName+"/**/*")
              .pipe(zip(fileName+".zip"))
              .pipe(gulp.dest("./zipped"));

          return stream;
       }));
});

proj
proj/dist
proj/dist/sub01
proj/dist/sub02
proj/dist/sub03
proj/zipped
proj/zipped/sub01.zip
proj/zipped/sub02.zip
proj/zipped/sub03.zip

它获取

/dist

的所有第一级内容作为其源，然后通过管道将其传输到

gulp-foreach

查看每个项目，我使用一个简单的javascript

substr（）

获取当前项目的名称，并将其存储为变量

最后，我使用存储的文件名var设置了一个新的

src

，并通过管道将结果再次使用存储的var作为压缩文件的名称

结果是一个如下所示的结构：

- /projects
- /projects/proj1
- /projects/proj2
- /projects/proj3
- /zips

var gulp = require("gulp");
var foreach = require("gulp-foreach");
var zip = require("gulp-zip");

gulp.task("zip-dist", function(){
   return gulp.src("./dist/*")
       .pipe(foreach(function(stream, file){
          var fileName = file.path.substr(file.path.lastIndexOf("/")+1);
          gulp.src("./dist/"+fileName+"/**/*")
              .pipe(zip(fileName+".zip"))
              .pipe(gulp.dest("./zipped"));

          return stream;
       }));
});

proj
proj/dist
proj/dist/sub01
proj/dist/sub02
proj/dist/sub03
proj/zipped
proj/zipped/sub01.zip
proj/zipped/sub02.zip
proj/zipped/sub03.zip

---

再说一次，我离成为专家还有一百万英里之遥，但这对我来说很有效，如果我明白这个问题也可能对你有用，或者至少能给你一些想法。

这是唯一的解决方案吗？我知道这是2年前的事了，在过去2年的工作经验中，你有没有找到一个更干净的方法？谢谢你的回答。。。非常有用！！：）在使用Gulp一段时间后，我得出结论，最好完全放弃它，编写自己的节点脚本来完成这类工作。我发现这比吞咽更快，更强大，更直观。还有，更好的社区和文档。只有我的意见，恐怕没有真正的答案。