Java 如何让Jackson使用方法将类序列化为JSON？

假设我有以下课程：

public class MyClass {
    private Test t;

    public MyClass() {
        t = new Test(50);
    }
}

public class Test {
    private int test;

    public Test(int test) {
        this.test = test;
    }

    public String toCustomString() {
        return test + "." + test;
    }
}

当Jackson序列化

MyClass

的实例时，它将如下所示：

{“t”：{“test”：50}

在

Test

类中是否有任何注释可以强制Jackson在序列化

Test

对象时调用

toCustomString（）

方法

当Jackson序列化

MyClass

的实例时，我希望看到以下输出之一：

{“t”：“50.50”}

---

{“t”：{“test”：“50.50”}

您正在查找

@JsonProperty

注释。把它放在你的方法中：

@JsonProperty("test")
public String toCustomString() {
    return test + "." + test;
}

---

此外，Jackson一直拒绝序列化

MyClass

，因此为了避免出现问题，您可以向

t

属性添加一个简单的getter。

如果您想生成

{"t":"50.50"}

您可以使用哪个指示

这是带注释的“getter”方法（即签名）的结果 必须是getter的类型；将使用非void返回类型（无参数） 作为要为实例序列化的单个值

如果你想生产

{"t":{"test":"50.50"}}

您可以使用自定义

类TestSerializer扩展了JsonSerializer{ @凌驾 public void serialize（整数值、JsonGenerator jgen、SerializerProvider提供程序）引发IOException、JsonProcessingException{ jgen.writeString（值+“+”值）； } } ... @JsonSerialize（使用=TestSerializer.class） 私人智力测验；

---

Jackson在序列化时查找getter和@JsonProperty注释的方法。在您的情况下，输出将是

{“t”：“50.50”}

。哦，对不起，我没有抓住要点。要生成输出，属性值应该是

test

，我现在正在编辑。我喜欢您的答案作为生成

{“t”：{“test”：“50.50”}

而不是使用自定义序列化程序的更简单的替代方法。谢谢

{"t":{"test":"50.50"}}

class TestSerializer extends JsonSerializer<Integer> {
    @Override
    public void serialize(Integer value, JsonGenerator jgen, SerializerProvider provider) throws IOException, JsonProcessingException {
        jgen.writeString(value + "." + value);
    }
}
...
@JsonSerialize(using = TestSerializer.class)
private int test;