JSON到Java对象而不创建类（PHP方式）

我正在处理从twitterapi获取的json数据

在PHP上，我通常会执行以下操作：

$data=json\u解码（$response）
而
$data
将是STD类对象

我想用Java做同样的事情

我看了一下Gson，但我需要第二个参数，它似乎需要为获取的数据创建一个特定的类

基本问题是如何将JSON转换为PHP中的标准Java对象（STD类对象）

谢谢
Java中没有标准的类对象，因此您需要一个类。您可以在运行时动态创建和编译该类，但我怀疑这是否值得麻烦。
如果您的JSON数据没有遵循特定的结构，请不要使用GSON，而是使用常规JSON库（如中的库），该库将为您提供类的实例，如
JSONObject
，当PHP服务器上不存在json_encode时，您可以从中访问数据，如
jsonObject.getString（“key”）
，我使用以下方法：

<?php
if (!function_exists('json_encode'))
{
  function json_encode($a=false)
  {
    if (is_null($a)) return 'null';
    if ($a === false) return 'false';
    if ($a === true) return 'true';
    if (is_scalar($a))
    {
      if (is_float($a))
      {
        // Always use "." for floats.
        return floatval(str_replace(",", ".", strval($a)));
      }

      if (is_string($a))
      {
        static $jsonReplaces = array(array("\\", "/", "\n", "\t", "\r", "\b", "\f", '"'), array('\\\\', '\\/', '\\n', '\\t', '\\r', '\\b', '\\f', '\"'));
        return '"' . str_replace($jsonReplaces[0], $jsonReplaces[1], $a) . '"';
      }
      else
        return $a;
    }
    $isList = true;
    for ($i = 0, reset($a); $i < count($a); $i++, next($a))
    {
      if (key($a) !== $i)
      {
        $isList = false;
        break;
      }
    }
    $result = array();
    if ($isList)
    {
      foreach ($a as $v) $result[] = json_encode($v);
      return '[' . join(',', $result) . ']';
    }
    else
    {
      foreach ($a as $k => $v) $result[] = json_encode($k).':'.json_encode($v);
      return '{' . join(',', $result) . '}';
    }
  }
}
?>



如果你能用Java重写它，那么它应该适合你

参考：（死链接）
使用Jackson将其读入地图，然后您可以访问任何您想要的数据。例如，如果您的json如下所示

{ "name":"blah",
  "address": {
    "line1": "1234 my street",
    "city": "my city",
    "state": "my state"
  }
}

然后你可以：

ObjectMapper mapper = new ObjectMapper();
Map<String, Object> mystuff = mapper.readValue( jsonString, Map.class );
String name = (String)mystuff.get("name");
String city = ((Map<String, Object>)mystuff.get( "address" )).get( "city" );

ObjectMapper mapper=new ObjectMapper（）；
Map mystuff=mapper.readValue（jsonString，Map.class）；
字符串名称=（字符串）mystuff.get（“名称”）；
字符串city=（（Map）mystuff.get（“地址”）.get（“城市”）；
+1 json.org-在大多数情况下简单且足够（在您的答案中添加了到json.org的链接-希望您不介意），这可以解决问题，但如何访问对象中的嵌套对象？@bn-通过调用
jsonObject.getObject（“key”）
。阅读javadocs。如果你不想拥有一个类，你想如何获得一个对象？也许我不理解您最初的问题，例如，我想访问PHP$data->resultset->result->username中的嵌套对象。我如何在Java中做到这一点？这似乎很简单。我将尝试这个方法。我在几个单元测试中使用了这个方法，测试生成JSON的代码，效果很好。它非常简单，Jackson也很快；给了我一个问题，它是一个对象，而不是字符串。添加了.toString（）来修复它