Javascript 如何获取上传文件的URL？

我正在成功地将文件上载到S3

但是，我在尝试获取上传文件的URL时遇到了问题

我看到有一个getKey方法，但它似乎不像我想的那样工作

本质上，我试图用上传文件的链接替换列出的文件名。如果上传人无法获得指向文件的链接，则无法上传文件

所以我一直在尝试获取上传对象的URL或键，并计划在“完成”事件中修改文件名文本

也许有更好的方法修改最终文件名文本

以下是我似乎不起作用的东西：

    }).on('complete', function (event, id, name, responseJSON) {

    // Fails, not using the fineuploader object correctly, manualuploader is the fineuploader object.
    console.log("Object Key:+manualuploader.getKey(id));

    });

您有两个选择：

通过AWS SDK服务器端获取文件的签名URL，并在对Fine Uploader的uploadSuccess请求的响应中返回URL。它将通过response参数提供给“complete”事件处理程序

使用键和bucket URL构造URL客户端

如果文件不可公开查看，则必须使用选项1。fineuploader.com上的演示使用选项1。在大多数情况下，这是最合适的方法，除非您同意允许任何人从您的bucket流式传输文件，只要他们想永远这样

另外，如果您在使用jQuery插件时试图在一个优秀的Uploader实例上调用

getKey

方法或任何其他方法，则必须这样做。上面代码中对

getKey

方法的调用与文档不一致。您需要像这样调用getKey:

$（“#uploader”）。fineUploader3（“getKey”，id）

您有两个选项：

通过AWS SDK服务器端获取文件的签名URL，并在对Fine Uploader的uploadSuccess请求的响应中返回URL。它将通过response参数提供给“complete”事件处理程序

使用键和bucket URL构造URL客户端

如果文件不可公开查看，则必须使用选项1。fineuploader.com上的演示使用选项1。在大多数情况下，这是最合适的方法，除非您同意允许任何人从您的bucket流式传输文件，只要他们想永远这样

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另外，如果您在使用jQuery插件时试图在一个优秀的Uploader实例上调用

getKey

方法或任何其他方法，则必须这样做。上面代码中对

getKey

方法的调用与文档不一致。您需要像这样调用getKey:

$（“#uploader”）.fineUploader3（“getKey”，id）

你好，Ray，感谢您的快速响应。不幸的是，我仍然有一个小问题。我试图找到服务器返回的完整JSON响应，但在处理“complete”事件和查看JSONresponse变量时，我只看到一个简单的“success:true”实体。我确实在一些发送到控制台的调试输出中看到HTML响应似乎已被捕获，它确实包含完整的URL，事实上，我看到我的服务器上的PHP处理程序被设置为像fineuploader示例一样返回“templink”。所以，我似乎无法得到正确的JSON响应，谢谢你的帮助。你不应该返回HTML。您必须返回JSON作为对上传成功POST请求的响应。看一看S3PHP演示代码，它在fineuploader.com上用于从服务器返回到客户端的链接。如果您遵循这个示例，它将起作用。将响应参数的内容打印到控制台，或者在您选择的javascript调试器中检查它。如果看不到所需的属性，请查看HTTP流量并重新检查服务器端代码。我会缺少哪些权限？发布HTTP/1.1 HTTP/1.1 200确定。。。内容类型：text/html
致命错误：未捕获Aws\S3\Exception\AccessDeniedException:Aws错误代码：AccessDenied，状态代码：403，Aws请求ID:2D529E5D8FC68856，Aws错误类型：客户端，Aws错误消息：访问被拒绝，用户代理：aws-sdk-php2/2.4.6 Guzzle/3.7.3 curl/7.19.7 PHP/5.3.24插入/home/content/68/8770868/html/fineuploader/aws/aws/Common/Exception/NamespaceExceptionFactory.PHP第91行
你好，谢谢你的快速回复。不幸的是，我仍然有一个小问题。我试图找到服务器返回的完整JSON响应，但在处理“complete”事件和查看JSONresponse变量时，我只看到一个简单的“success:true”实体。我确实在一些发送到控制台的调试输出中看到HTML响应似乎已被捕获，它确实包含完整的URL，事实上，我看到我的服务器上的PHP处理程序被设置为像fineuploader示例一样返回“templink”。所以，我似乎无法得到正确的JSON响应，谢谢你的帮助。你不应该返回HTML。您必须返回JSON作为对上传成功POST请求的响应。看一看S3PHP演示代码，它在fineuploader.com上用于从服务器返回到客户端的链接。如果您遵循这个示例，它将起作用。将响应参数的内容打印到控制台，或者在您选择的javascript调试器中检查它。如果看不到所需的属性，请查看HTTP流量并重新检查服务器端代码。我会缺少哪些权限？发布HTTP/1.1 HTTP/1.1 200确定。。。内容类型：text/html
致命错误：未捕获Aws\S3\Exception\AccessDeniedException:Aws错误代码：AccessDenied，状态代码：403，Aws请求ID:2D529E5D8FC68856，Aws错误类型：客户端，Aws错误消息：访问被拒绝，用户代理：aws-sdk-php2/2.4.6 Guzzle/3.7.3 curl/7.19.7 PHP/5.3.24插入/home/content/68/8770868/html/fineuploader/aws/aws/Common/Exception/NamespaceExceptionFactory.PHP，第91行