Javascript Ajax代码不起作用

所以我有一个程序，用户在其中输入一个城市和一个国家。程序在数据库中查找城市是否已经存在，如果存在，我将使用ajax显示警告消息，如果不存在，我将城市添加到数据库中

表格如下：

<form action="addCity.php" method="get" onsubmit="return validateCityInfoForm();">

如果城市已经存在于数据库中，则checkIfCityExists.php回显“true”，否则回显“false”

问题是它总是在db中添加城市，即使城市已经存在。 php返回“true”，但这似乎无关紧要

我真的不知道是什么问题，任何帮助都将不胜感激。 谢谢

下面是checkIfCityExists.php：

<?php
include ('database_connection.php');
$city = mysqli_real_escape_string($dbc, $_GET['city']);
$country = mysqli_real_escape_string($dbc, $_GET['country']);

//check if the city and country already exists in the database
$query_verify = "SELECT * FROM city WHERE name = '$city' AND country = '$country'";
$result_verify = mysqli_query($dbc, $query_verify);

if(mysqli_num_rows($result_verify) == 0) { //if the city does not appear in the database
    echo "false";
}
else {
    echo "true";
}

?>

---

问题是，您的onsubmit没有返回。
因此
validateCityInfoForm（）
返回未定义，这不会阻止浏览器执行操作
validateCityInfoForm（）
应
返回false
，以防止浏览器提交表单。然后在
onreadystatechange
调用
表单。如果需要，提交（）
。
您正在尝试进行异步调用以进行验证。当电话回电时已经太迟了，因为表单已经提交了

Ajax调用不会暂停代码的执行，而是进行调用，然后执行其余的代码

您需要做的是将其分为两个步骤，进行Ajax调用，当onreadystatechange返回时，提交表单
 我认为问题出在PHP文件中。有了这段代码，您只需要得到请求的结果，而不需要对DB做任何事情。您的JS看起来很好，添加到数据库是在PHP中完成的，因此问题可能出在代码的某个地方。将代码张贴在处理数据库的地方欢迎来到异步调用的世界。当您直接在浏览器中打开
checkIfCityExists.PHP？city=…
URL时，会返回什么？问题似乎出在您的PHP中。如果Async设置为false而不是true@YatinTrivedi我知道这是一个坏习惯。
<?php
include ('database_connection.php');
$city = mysqli_real_escape_string($dbc, $_GET['city']);
$country = mysqli_real_escape_string($dbc, $_GET['country']);

//check if the city and country already exists in the database
$query_verify = "SELECT * FROM city WHERE name = '$city' AND country = '$country'";
$result_verify = mysqli_query($dbc, $query_verify);

if(mysqli_num_rows($result_verify) == 0) { //if the city does not appear in the database
    echo "false";
}
else {
    echo "true";
}

?>