为什么JavaScript中没有挂起回调函数？

我理解JavaScript中变量和函数声明的概念，它们被放在封闭范围的顶部。但是如果我有一个命名的回调函数，它不会被提升。我不明白为什么会这样。我有下面链接中的代码来解释这个场景

例如：

function enclosingScope () {
  var b;

  function inner (def) {
    def();  
  }
  var a = 2;
}

// After hoisting due to compilation, the above changes to 
function enclosingScope () {
  // Function declarations are hoisted before variables
  function inner (def) {
    def(); 
  }

  var b, a;
  a = 2
}

// But if I have a named callback, will that be hoisted?
function enclosingScope () {
  function inner (def) {
    def();
  }

  var b, a;
  a = 2

  inner(function cb () {
    console.log('Test callback hoisting')
  })
}

---

所讨论的行为不限于命名回调。这是任何命名函数表达式的工作方式。考虑以下事项：

function foo() {
  (function baz() { });
  console.log(typeof baz);
}

> foo()
< undefined

函数foo（）{
（函数baz（）{}）；
控制台日志（baz类型）；
}
>foo（）
<未定义

---

baz

无法在其主体外部访问。因此，这是一个与提升不同的问题。

我发现给出的答案太短，因此这里有一个更规范的解释：

Javascript区分函数声明

function f() {}

和函数表达式

var f = function () {} // anynomous function or lambda
var g = function h() {} // named function expression

函数声明是语句，而函数表达式是…，你猜怎么着？耶，表情。请注意，命名函数表达式的名称（

h

在给定示例中）只能在函数体内部访问（在给定示例中为

g

）

每当您在括号中嵌套函数声明时，它都会自动转换为表达式。这意味着您的

函数cb（）{…}

只是一个命名函数表达式。但您不会将其分配给变量，而是将其作为参数传递给

internal

当涉及到函数表达式的提升时，只提升指定变量的声明。函数声明的情况并非如此：

console.log(f); // function f
console.log(g); // exists, but undefined
console.log(h); // reference error

function f() {}
var g = function h() {}

因为在您的示例中，

cb

没有分配给变量，所以不可能存在提升

因此，这两条线在起重方面是等效的：

inner(function cb(){});
(function cb(){});

奖金：

const

/

let

但是，当您尝试调用使用

const

或

let

声明的函数表达式时，在其声明之前，会在词汇上引发引用错误：

console.log(g); // reference error
const g = function h() {}

---

g

也被提升。但是为了保护您免受意外的

未定义的
s。翻译抛出一个错误。我认为这是明智的。
Q：当你尝试它时发生了什么？问：为什么还要问，而不只是自己尝试？你已经得到了密码-你发现了什么？？？我已经编辑了这个问题。如果您正在讨论cb（）函数，它是一个命名函数表达式，并且您正在将对它的引用传递给internal（）函数，那么您现在可以查看并提供帮助。函数表达式不会被提升，名称cb只能从该函数内部使用-它不会在该包含范围内创建变量cb，因此没有要提升的内容，事实上，在您的代码中，您永远不会在其他任何地方实际引用cb。提升发生在上下文中的
。不一定在全局上下文中。函数语句被挂起。函数表达式未被提升。