Javascript 如何修复jquery中“无法使用”in运算符搜索“长度”in错误

我想用AJAX创建国家和州下拉列表，我在youtube上看了一个系列，但我遇到了一个错误。 当我从第一个下拉列表中选择一个国家时， 起初，它在城市的下拉列表中没有显示任何内容，但当我在[$.each指令]中添加JSON.parsedata而不是数据时，它显示的是[object object]，而不是城市的名称

$(document).ready(function(){
        $('select[name="country"]').on('change', function(){
            var country_id = $(this).val();

            if(country_id){

                $.ajax({
                    url:'/getcities/'+country_id,
                    type:'GET',
                    data:'json',
                    success:function(data){
                        console.log(data);

                        $('select[name="city"]').empty();
                        $.each(data, function(key, value){
                            $('select[name="city"]').append('<option value="'+key+'">'+ value + '</option>');
                        });
                    }
                });
            }
            else{
                $('select[name="city"]').empty();
            }


             });
    });

这是国家之刃下拉列表：

选择你的国家 @如果$countries->count>0 @foreach$国家/地区作为$国家/地区 {{$country->value} @endforeach @恩迪夫 这是城市之刃下拉列表：

选择你的城市

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我正在使用Laravel从数据库中检索数据。

我们无法帮助迭代或解析看不到的数据。根据@Belhedi Rafaa提供一个实际响应的示例，你能把它放在小提琴或堆栈闪电战中吗…@eugen我不能它与控制器和数据库有关，使用laravel$.eachJSON.parsedata，functionkey，value{$'select[name=city]'。append+value+；}；您是否尝试过在每个数据库中的数据上使用JSON.parse？@BelhediRafaa实际上，您应该在ajax中使用另一种方法，而不是使用data use->dataType:JSON并保留JSON.parse。如果能看到json数据的一个示例，那就太好了。我们会情不自禁地迭代或解析我们看不到的数据。根据@Belhedi Rafaa提供一个实际响应的示例，你能把它放在小提琴或堆栈闪电战中吗…@eugen我不能它与控制器和数据库有关，使用laravel$.eachJSON.parsedata，functionkey，value{$'select[name=city]'。append+value+；}；您是否尝试过在每个数据库中的数据上使用JSON.parse？@BelhediRafaa实际上，您应该在ajax中使用另一种方法，而不是使用data use->dataType:JSON并保留JSON.parse。很高兴看到json数据的示例