Javascript 用gulp替换变量

在

src

目录中用gulpreplace替换变量是一种好方法吗

我有

src

和

build

目录。在

src

中，我正在编写ES6JS代码，该代码应该编译并缩小到

build

目录中

在

src

目录中，我有一个角度配置文件

$routeProvider
    .when('/', {
        controller: 'HomeController',
        controllerAs: 'HomeCtrl',
        templateUrl: '/BUILD_DIR/app/partials/home.html'
    })

在构建过程中，gulp replace将用适当的目录名替换所有文件中的BUILD_DIR var，在我们的例子中是

BUILD

---

在未编译的js代码中编写这样的变量可以吗？如果没有，怎么用另一种方法处理呢？

没关系，只要你确定不会有副作用（你在所有文件中都提到过，这对我来说很危险）。你最好列出你想替换的文件，以确保它不会替换你不想要的东西。e、 g

gulp.task('replace', function() {
    var required_files = [
        '/src/js/app.js',
        '/src/js/controllers.js'
    ];
    return gulp.src(required_files, {base: '/src'})
         .pipe(Useref())//replacements here
         .pipe(gulp.dest('/build'));
});

而不是

gulp.task('replace', function() {
    return gulp.src('/src/*.*')
         .pipe(Useref())//replacements here
         .pipe(gulp.dest('/build'));
});

---

不是真的。定义路由的文件也应该在build目录中。因此，更改路径没有任何意义。此文件也在build dir中。但是已经替换了BUILD_DIR。不过有一个问题。。。您是否从src目录测试代码？最好运行一个gulpwatch并始终推送到build/dest目录，这样就不需要替换了。它就是这样工作的。因此，本质上，在浏览器中，我正在使用builddir中的代码。在src中，我只写了code.oops，我又来了。如果我下面的回答对你来说很酷，你能把它标记为接受吗？问题显示了一个答案，但没有一个被接受，所以我打开了它，忘记了我以前已经回答过。是的，我们有一个列表，列出了所有要替换的文件。Useref（）做什么？@Notflip您可以在这里阅读更多有关它的信息：