Javascript 仅针对gulp中文件夹的内容

我正在使用Gulp编译一个项目。我还用它来压缩一堆文件

我想压缩“dist”文件夹中的所有文件，因此我使用以下方法：

var thesrc: ['dist/**/*'];
gulp.task('createMainZip', ['createPluginZip'], function () {
    return gulp.src(thesrc)
    .pipe(zip('main_files.zip'))
    .pipe(gulp.dest('compiled'));
});

这将按照以下方式将文件编译为zip文件：

• 距离
  • file.css
  • 另一个.js
  • 文件夹
    • file.js

但是，我希望它是这样的：

• file.css
• 另一个.js
• 文件夹
  • file.js

没有dist文件夹。有没有一种方法可以使用不同的src路径来实现这一点

谢谢您的帮助。

好的，请尝试：

return gulp.src(thesrc, {base: 'dist'})

---

大口拉链不符合

base

。有关背景信息，请参见：

现在，你可以做类似的事情（诚然是丑陋的）：

对我来说，以下几点确实有效：

//从src和doc dirs获取所有内容
返回gulp.src（['src/***'，'doc/***']，{base:uu dirname}）
.pipe（zip（'dist.zip'））
.pipe（大口目的地（'dist'））；

谢谢你，本。不幸的是，这似乎不起作用。它仍然可以打开“dist”文件夹。虽然很难看，但它可以工作！希望gulp zip将来会更新以尊重base。如果执行文件不在项目的根目录中，如何使其工作？这可能是因为

\uu dirname

是当前文件的目录，与

src

目录处于同一级别？当我使用除

\uu dirname

以外的其他东西时，这对我不起作用。

var gulp = require('gulp');
var zip = require('gulp-zip');
var thesrc = ['**/*'];
gulp.task('createMainZip', function () {
  return gulp.src(thesrc, {cwd: __dirname + "/dist"})
  .pipe(zip('main_files.zip'))
  .pipe(gulp.dest('compiled'));
});