无法使jQuery变量工作
谁能告诉我这个代码有什么问题吗?由于某种原因,我的无法使jQuery变量工作,jquery,Jquery,谁能告诉我这个代码有什么问题吗?由于某种原因,我的uiop变量无法工作 $(document).ready(function () { var siteUrlValue = 'http://www.dagbladet.no/'; console.group('Initializing Google URL Shortener API...'); $.urlShortener({ longUrl: siteUrlValue, success:
uiop
变量无法工作
$(document).ready(function () {
var siteUrlValue = 'http://www.dagbladet.no/';
console.group('Initializing Google URL Shortener API...');
$.urlShortener({
longUrl: siteUrlValue,
success: function (shortUrl) {
var gooGl = shortUrl;
console.info('The Short Url is: ' + gooGl);
console.groupEnd();
setTimeout(function () {
asdf();
}, 5000);
},
error: function (err) {
console.error(JSON.stringify(err));
console.groupEnd();
}
});
function asdf() {
var uiop = gooGl();
console.info('The Short Url is: ' + uiop);
}
});
请参见中的示例,您在Ajax调用成功的内部声明了gooGl。这意味着它不会作为全局变量处理,以供asdf函数使用。您必须通过参数将其移交
另外,调用gooGl()而不是gooGl,这意味着gooGl变量的内容不是作为变量类型返回的,而是作为函数调用返回的。首先,这是因为函数asdf()不知道变量gooGl。其次,gooGl()是函数而不是变量 试试这个:
setTimeout(function () {
asdf(gooGl);
}, 5000);
function asdf(gooGl) {
var uiop = gooGl;
console.info('The Short Url is: ' + uiop);
}
未定义gooGl()
(检查控制台)。