PHP开关和类属性问题

我正在尝试设置属性并在另一个函数上使用它

我有

while($texts->employees()){
      $employee = $employees->get();

      switch($employee->getInfoType()){

        case 'email':
            $this->buildemail($employee);
          break;
        case 'Name':
            $this->buildName($employee);
          break;
        case 'Numbers':
            $this->buildNumbers($employee);
          break;
     }

function buildEmail($employee){
    $this->email=$employee->getEmail();  //get the email.
}

function buildName($employee){
    $this->Name=$this->getName(); //get the name
    $this->employeeInfo=$this->email.$this->name;   //combine the email and numbers.

    //$this->email is '' becasue it's only defined in buildEmail(). 
}

function buildNumbers($employee){
     $this->numbers=$this->getNumbers();
}

我似乎无法在buildName方法中获取

$this->email

，因为

this->email

是在

buildemail

方法中定义的。

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我需要使用switch，因为每个方法中都有很多代码。有什么方法可以做到这一点吗？

为什么不在

buildName

方法中调用

$employee->getEmail（）

，而不依赖

$email

中的方法呢

此外：

如果

$employee->getInfoType（）

返回“Name”，则

buildName

和

buildNumbers

都将运行介于两者之间。

您不能这样做吗

function buildName($employee){
    $this->Name=$this->getName(); //get the name

    if(null == $this->email)
        $this->buildEmail($employee);

    $this->employeeInfo= $this->email.$this->name;   //combine the email and numbers.

    //$this->email is '' becasue it's only defined in buildEmail(). 
}

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我假设每个员工都必须有一封电子邮件，对吗？

在调用

$this->buildEmail（）

之前，您需要您的

开关调用
$this->buildName（）
。所有这些方法都在同一个类中？您的代码示例中没有包含类“wrapper”，这可能会使您的问题令人困惑
function buildName($employee){
    $this->Name=$this->getName(); //get the name

    if(null == $this->email)
        $this->buildEmail($employee);

    $this->employeeInfo= $this->email.$this->name;   //combine the email and numbers.

    //$this->email is '' becasue it's only defined in buildEmail(). 
}