Php 显示上传的图像

我正在尝试创建一个代码来获取上传的图像，存储它们，并显示图像预览，确认图像已成功上传

<?php
$name=$_FILES['myfile']['name'];
$tmp=$_FILES['myfile']['tmp_name'];
$error=$_FILES['myfile']['error'];
$path='myweb/';
if(move_uploaded_file($tmp,$path.$name)==1){echo 'success';}else{echo $error;};
echo ('<img src="$path.$name" height="100px" width="100px"/>');
<?php

---

问题在于单引号和双引号

echo '<img src="' . $path.$name . '" height="100px" width="100px"/>';

echo'；

---

您使用了单引号，因此它没有使用变量名。

问题在于单引号和双引号

echo '<img src="' . $path.$name . '" height="100px" width="100px"/>';

echo'；

---

您使用了单引号，因此它没有使用变量名。

您必须在打印的字符串中包含变量，如下所示：

echo ('<img src="'.$path.$name.'" height="100px" width="100px"/>');

echo（“”）；

您可以在中阅读更多关于它的信息

---

如果不这样做，PHP会认为您想要打印文本

$path.$name

，而不是变量内容。

您必须在打印的字符串中包含变量，如下所示：

echo ('<img src="'.$path.$name.'" height="100px" width="100px"/>');

<img src="<?php echo $path,$name; ?>" height="100px" width="100px"/>

echo（“”）；

您可以在中阅读更多关于它的信息

如果不这样做，PHP会认为您想要打印文本

$path.$name

，而不是变量内容。

“height=“100px”width=“100px”/
<img src="<?php echo $path,$name; ?>" height="100px" width="100px"/>

或

echo'；

“height=“100px”width=“100px”/

或

echo'；

使用双引号和单引号是有区别的

双引号正在被解析，这意味着

$variable = 10;
echo "$variable";

将输出：

10

$variable

无法分析单引号：

$variable = 10;
echo '$variable';

将输出：

10

$variable

---

您在“”中使用变量，这意味着它们不会被解析。

使用双引号和单引号是有区别的

双引号正在被解析，这意味着

$variable = 10;
echo "$variable";

将输出：

10

$variable

无法分析单引号：

$variable = 10;
echo '$variable';

将输出：

10

$variable

---

您在“”中使用变量，这意味着它们不会被解析。

我在上面的代码中这样替换了第13行

echo（“”）

它现在可以工作了。
似乎双引号是这里的问题。
我读了很多关于它的书。
非常感谢你们大家的帮助。
我在上面的代码中替换了第13行

echo（“”）

它现在可以工作了。
似乎双引号是这里的问题。
我读了很多关于它的书。
非常感谢大家的帮助。：）
您的脚本是否输出“成功”？请尝试使用。在连接$path变量的echo语句中，我尝试了这个
，效果很好：（是的，输出成功。我尝试了将$path和$name合并，但没有成功：（脚本是否输出“success”？尝试使用。在连接$path变量的echo语句中，我尝试了这个
，效果很好：（是的，它确实输出成功。我尝试将$path和$name合并，但没有成功：(