类似PHP的通配符不起作用

我试图做一个从x选择*的名字，比如y。我非常熟悉下面的代码

SELECT * FROM ` arm` WHERE `u_fname` LIKE 'k%'

但是，我正在尝试在服务器脚本上运行此操作，我不确定将%放在何处，因为它会导致错误。这是服务器代码的一部分，此代码与“=”一起工作，但当我使用LIKE时出错，因为我不确定如何在此处使用%

   elseif(empty($_POST["f_name"]) &&  !empty($_POST["l_name"])) 
{ 

 $l_name=$_POST["l_name"];
$stmt = $this->db->prepare('SELECT id, image, l_name, f_name, status  FROM table1  WHERE l_name =?');
           $stmt->bind_param("s",$l_name);
         $stmt->execute();
         $stmt->bind_result($id,$image,$l_name,$f_name,$status);   

我尝试从表1中选择id、图像、l_名称、f_名称、状态，其中l_名称=？%，我还尝试将$l_名称=$\u POST[l_名称%]；但它们似乎都不起作用

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谢谢您的帮助。

您的代码没有使用“LIKE” 您的代码是：从表1中选择id、图像、l_名称、f_名称、状态，其中l_名称=？ 试一试

或尝试

$stmt = $this->db->prepare('SELECT id, image, l_name, f_name, status  FROM table1
WHERE l_name LIKE CONCAT(?, "%")');
$stmt->bind_param("s",$l_name);

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您是否尝试过$stmt->bind_params，$l_name.%；我尝试了$stmt=$this->db->prepare'SELECT id，image，l_name，f_name，status FROM table1，f_name喜欢什么？你叫什么名字$stmt->bind_参数，$f_name.'%'，$l_name.'%'；和$stmt->bind_参数，$f_name.%，$l_name.%；。两者都不起作用…如果我输入全名Kenny James，它会起作用…但是Ken James没有显示任何结果。尝试将通配符连接到数据库端的l_名称。我在上面添加了一个例子。

$stmt = $this->db->prepare('SELECT id, image, l_name, f_name, status  FROM table1
WHERE l_name LIKE CONCAT(?, "%")');
$stmt->bind_param("s",$l_name);