Php 如何将mysql查询的结果放入option标签？

我有一个数据库用户，其表

用户（名称（varchar（25）），状态（int（1））

。状态中的值将仅为

1

或

0

。我的查询是

select user.name，其中status=1

，我只想将结果放在选项标签中。我尝试了下面的代码，但它只显示选择框，没有选项

<select>
<?php 
include'connect.php';
$res = mysql_query("SELECT name from user where status=1 ");
while($row=mysql_fetch_array($res))
{
?>
<option value="<?=$row['name']?>"><?=$row['name']?></option><?php } ?>
</select>

---

将您的代码更改为此。请注意，您在执行

时返回
$row
，但您的原始代码引用了
$res['name']
。现在应在
中设置
$row['name']
，所有代码都应为
$row
：

<select>
<?php 
include 'connect.php';
$res = mysql_query("SELECT name FROM user WHERE status='1'");
while($row = mysql_fetch_array($res)) {
  echo '<option value="' . $row['name'] . '">' . $row['name'] . '</option>';
}
?>
</select>


将
$res
更改为
$row
好的。我已经这样修改了它。但是它仍然不起作用删除
=
在
之后尝试$res=mysql\u查询（“选择名称用户，其中状态为='1'））或死亡（mysql\u error（））；查看queryParse错误是否有任何错误：语法错误，意外的'name'（T字符串），预期为“，”或“；”我看到您已经编辑了它。但它仍然不起作用。唯一出现的是选择框。没有options@kath此时，您确定数据库连接正在发生吗？我在没有选择和选项标记的情况下进行了尝试，结果是…@jakegould此警告是什么意思？警告：mysql_fetch_array（）希望参数1是资源，布尔值如果在查询中忘记了“from”，请尝试“SELECT name from user where status='1'”