PhpUnit当我为接口使用Mock Builder时，我得到了正确的类

我有以下课程

namespace MyApp;

use MyApp\SomeInterface;

class MyClass
{
  public function __construct(SomeInterface $s)
  {
    //Some Logic here
  }

  //Another methods implemented There
}

SomeInterface包含以下内容：

namespace MyApp

interface SomeInterface
{
  /**
  * @return SomeObject
  */
  public function someMethodToImpement();
}

我想在phpunit测试类上创建一个模拟：

namespace Tests\MyApp;

use PHPUnit\Framework\TestCase;
use MyApp\MyClass;
use MyApp\SomeInterface;

class MyClassTest extends TestCase
{
   public function someTest()
   {

     $fakeClass=new class{
          public function myFunction($arg1,$arg2)
          {
            //Dummy logic to test if called
            return $arg1+$arg2;
          }
     };

     $mockInterface=$this->createMock(SomeInterface::class)
      ->method('someMethodToImpement')
      ->will($this->returnValue($fakeClass));

     $myActualObject=new MyClass($mockInterface);
   }
}

但一旦我运行它，我就会得到错误：

Tests\MyApp\MyClassTest:：someTest TypeError:传递给MyApp\MyClass:：_construct（）的参数1必须实现接口MyApp\SomeInterface，给定PHPUnit\Framework\MockObject\Builder\InvocationMocker的实例，在/home/vagrant/code/tests/MyApp/MyClassTest.php中在线调用

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您知道为什么会发生这种情况，以及实际将如何创建模拟接口吗？

而不是构建模拟通道

 $mockInterface=$this->createMock(SomeInterface::class)
      ->method('someMethodToImpement')->will($this->returnValue($fakeClass));

将其拆分为单独的行：

 $mockInterface=$this->createMock(SomeInterface::class);
 $mockInterface->method('someMethodToImpement')->will($this->returnValue($fakeClass));

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而且会很有魅力。

我也遇到过类似的问题。我通过将这些接口添加为另一个

mock（）

参数来修复它

class Product implements PriceInterface, ProductDataInterface {
    // ...
}

测试：

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thx，这对我很有用！在我看来，在回答中值得一提的是（我建议您附加它），原因是

method（）

和

will（）

方法返回调用mocker实例，而

createMock（）

返回mock本身，实际上必须传递给sut（sut-测试中的系统）这种重新安排有什么不同…？第二次在这里已经跌跌撞撞了xD如何再投一票？

// throws error
$product = Mockery::mock(Product::class);
// works fine
$product = Mockery::mock(Product::class, 'PriceInterface, ProductDataInterface');