Php 试图在Wordpress的自定义化身函数中获取非对象通知的属性

下面的自定义化身功能工作正常，但我得到以下通知

“正在尝试获取…中非对象的属性”

通知说问题出在我粘贴在这里的函数的最后一部分——我在代码中标记了它（查找

ID；
}else if（is_object（$id_或_email））{
如果（！空（$id\u或\u email->id））{
$id\u或\u email=$id\u或\u email->id；
}
如果（！空（$id\u或电子邮件->评论\u作者\u电子邮件））{
$user=get\u user\u by（'email'、$id\u或\u email->comment\u author\u email）；
$id\u或\u email=$user->id；是，因为可能会失败并返回false。此时，您将没有wp user对象。围绕此代码的测试将是：

if ($user = get_user_by('email', $id_or_email->comment_author_email)) {
    $id_or_email = $user->ID; 
} else {
    //Whatever you want to do when this lookup fails
    $id_or_email = 0;
}

当你跑的时候

$user = get_user_by('email', $id_or_email->comment_author_email);

在尝试获取下一行的id之前，您应该检查
$user
的值。根据，如果找不到用户，则可能为false。
$user
不是对象…因此根据定义（在PHP中）它不能包含引用为
ID
的属性。
$user
设置在哪里？@martin-一切都是可能的，但我无法解决你的参考页面url的问题…我已经搜索了类似的问题，但到目前为止没有找到任何结果。因此我需要帮助。如果有人帮助我，那就太棒了。你是认真的吗告诉我你还不知道如何解决你的问题？对不起，我应该在一开始就直接把这个答案联系起来，而不仅仅是问题可能的重复
$user = get_user_by('email', $id_or_email->comment_author_email);