Php 准备好的SQL语句从数据库返回空白

这是代码，如下所示（稍后解释）：

我不确定问题出在哪里，但当我在底部试图呼应“name is”时$unamecheck，它只是返回空白。这段代码的工作方式是在每次按键时运行查询，以查看数据库中是否已经存在用户名。我已经检查了我的Ajax和

$uname=$\u POST['uname']工作正常

此外，我在mysql本身中运行了查询“
从Username=？
的用户中选择用户名”，用我的用户名替换了
？
，效果很好

我准备好的声明有错吗？我不确定这是否是必须做到的，但我正在努力小心SQL注入

我的测试结果显示，
free:name是
，无论输入是什么，它都是echo。不存在其他错误代码。
在prepare查询中，尝试将=？从列名开始，如下所示：

SELECT Username FROM users WHERE Username = ?

如果这不起作用，请打印mysql_error（）以验证prepare查询中是否存在mysql错误，请尝试将=？从列名开始，如下所示：

SELECT Username FROM users WHERE Username = ?

如果不起作用，请打印mysql_error（）以验证是否存在需要调用的mysql错误

$stmt -> fetch();

之后

你需要打电话

$stmt -> fetch();

之后

不要把mysqli_uu和mysql_u弄错，如果存在错误，您需要使用$mysqli->erroris@Ganz谢谢你的建议。不，同样的结果。Just
free:名称为
且为空。这个错误毫无结果。我在查询之前有echo'd
$uname
，它说结果是“lodagema”（这是数据库中的用户名）。所以我不明白它怎么会不起作用SDon不要将mysqli_uu与mysql_u混为一谈。如果存在错误，则需要使用$mysqli->erroris@Ganz谢谢你的建议。不，同样的结果。Just
free:名称为
且为空。这个错误毫无结果。我在查询之前有echo'd
$uname
，它说结果是“lodagema”（这是数据库中的用户名）。所以我不明白它怎么会不起作用s