Php 数据库未连接

我无法连接到我的数据库。这是我的密码，你能帮我吗

<?php

error_reporting(E_ALL); 
ini_set('display_errors', 1);

define('DB_HOST', 'mysql.hostinger.in');
define('DB_NAME', 'u25*****41_hari');
define('DB_USERNAME', 'u25*****41_hari');
define('DB_PASSWORD', 'hariharan');

$link = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USERNAME,    DB_PASSWORD);

if (!$link) {
     die('Could not connect line 9');
}

$DB_SELECT = mysqli_select_db(DB_NAME, $link);

if (!$DB_SELECT) {
        die('Could not connect line 15');
}

$valueone = $_POST['Name'];
$valuetwo = $_POST['Username'];
$valuethree = $_POST['Password'];
$valuefour = $_POST['Mobile_Number'];

$sqlone = "INSERT INTO Account (Name) VALUES ('$valueone')";
$sqltwo = "INSERT INTO Account (Username) VALUES ('$valuetwo')";
$sqlthree = "INSERT INTO Account (Password) VALUES ('$valuethree')";
$sqlfour = "INSERT INTO Account (Mobile_Number) VALUES ('$valuefour')";

if (!mysql_query($sqlone) || !mysql_query($sqltwo) || !mysql_query($sqlthree) || !mysql_query($sqlfour) || !mysql_query($sqlfive)) {
     die('Could not connect name line 33');
}


mysql_close();
?>

前言：确保所有表单元素
name
属性与
POST
数组匹配，并且数据库使用正确的数据输入类型及其长度


在mysqli中，连接是第一位的

你有

$DB_SELECT = mysqli_select_db(DB_NAME, $link);

应该读为

$DB_SELECT = mysqli_select_db($link, DB_NAME);

阅读手册：




但是。。。您最好一次性使用所有4个参数：

$link = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USERNAME, DB_PASSWORD, DB_NAME);

当去掉
$DB\u SELECT=mysqli\u SELECT\u DB（$link，DB\u NAME）时


参考：

但是，您将MySQL API与
MySQL\uU9
函数混合使用

这些不同的API不会混合使用

有关堆栈，请参阅以下内容：




您也没有发布HTML表单以与post数组配合使用

确保您的表单使用POST方法，并且您的输入都具有相同的name属性

N.B.：
$\u POST['Name']
和
Name=“Name”
将失败，如果这就是表单元素的名称，并且对所有其他输入都是相同的这些是区分大小写的。

添加到文件的顶部，这将有助于查找错误

<?php 
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);
mysqli_report(MYSQLI_REPORT_ERROR | MYSQLI_REPORT_STRICT);

// rest of your code

对所有值使用
mysqli\u real\u escape\u string（）

即：

对其他人也一样

我还注意到，您可能正在以纯文本形式存储密码。不建议这样做

使用以下选项之一：









PHP5.5的函数
兼容性包（如果PHP<5.5）

其他链接：





其他参考资料：






前言：确保所有表单元素
name
属性与
POST
数组匹配，并且数据库使用正确的数据输入类型及其长度


在mysqli中，连接是第一位的

你有

$DB_SELECT = mysqli_select_db(DB_NAME, $link);

应该读为

$DB_SELECT = mysqli_select_db($link, DB_NAME);

阅读手册：




但是。。。您最好一次性使用所有4个参数：

$link = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USERNAME, DB_PASSWORD, DB_NAME);

当去掉
$DB\u SELECT=mysqli\u SELECT\u DB（$link，DB\u NAME）时


参考：

但是，您将MySQL API与
MySQL\uU9
函数混合使用

这些不同的API不会混合使用

有关堆栈，请参阅以下内容：




您也没有发布HTML表单以与post数组配合使用

确保您的表单使用POST方法，并且您的输入都具有相同的name属性

N.B.：
$\u POST['Name']
和
Name=“Name”
将失败，如果这就是表单元素的名称，并且对所有其他输入都是相同的这些是区分大小写的。

添加到文件的顶部，这将有助于查找错误

<?php 
error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);
mysqli_report(MYSQLI_REPORT_ERROR | MYSQLI_REPORT_STRICT);

// rest of your code

对所有值使用
mysqli\u real\u escape\u string（）

即：

对其他人也一样

我还注意到，您可能正在以纯文本形式存储密码。不建议这样做

使用以下选项之一：









PHP5.5的函数
兼容性包（如果PHP<5.5）

其他链接：





其他参考资料：






正确的答案是

mysqli_select_db ( mysqli $link , string $dbname )

你把

mysqli_select_db ( string $dbname , mysqli $link )

解决这个问题，告诉我是否有效。有关更多信息，请参阅文档：
正确的是

mysqli_select_db ( mysqli $link , string $dbname )

你把

mysqli_select_db ( string $dbname , mysqli $link )

解决这个问题，告诉我是否有效。有关更多信息，请参阅文档：
mysqli\u select\u db
中的参数是错误的；首先是链接，然后是数据库名。另外，您的代码使用的是
mysql\u query
。这是行不通的-你需要使用
mysqli\u query
来代替（并将数据库连接作为第一个参数传递），我真的希望OP不会在我的“迂回”回答之后回来说“它不工作”之类的话@andrewsi@andrewsi那是肯定的。我想我本可以像许多人一样轻松地重写，但话说回来，我从来没有“教过他们如何钓鱼”——）@德鲁：噢，太可爱了。然后会有一个新的加入到“俱乐部”；）
mysqli\u select\u db
中的参数是错误的；首先是链接，然后是数据库名。另外，您的代码使用的是
mysql\u query
。这是行不通的-你需要使用
mysqli\u query
来代替（并将数据库连接作为第一个参数传递），我真的希望OP不会在我的“迂回”回答之后回来说“它不工作”之类的话@andrewsi@andrewsi那是肯定的。我想我本可以像许多人一样轻松地重写，但话说回来，我从来没有“教过他们如何钓鱼”——）@德鲁：噢，太可爱了。然后会有一个新的加入到“俱乐部”；）你们可能都想指出
mysql\u查询
部分；他以一种相当-啊-意识形态融合的方式使用INSERT。@andrewsi是的，我现在才发现。@andrewsi是的。。。。多疯狂的插入方法啊。我再加一张便条。我想他想把所有这些项目都添加到同一个记录中。除非他有一个非常奇怪的数据库结构，我承认我不会排除这种可能性。哇，这是一个全面的答案。我唯一的遗憾是我只能投一票。你们可能想指出
mysql\u查询
部分；他以一种相当-啊-意识形态融合的方式使用INSERT。@andrewsi是的，我现在才发现。@andrewsi是的。。。。多疯狂的插入方法啊。我再加一张便条。我想他想把所有这些项目都添加到同一个记录中。除非他有一个非常奇怪的数据库结构