Php 如何在MySQL查询中返回相关字段而不是引用号

我有一个用于许多表的通用MySQL语句，它只检索单个表的所有数据：

$table = "profiles";//set static for example
$result = mysql_query("SELECT * FROM `$table`");

我希望结果显示

位置

中的文本，而不是

作业id

。 如果我仍然希望我的查询保持通用性，并且可能有多个字段引用了其他表，而我希望相关文本而不是id，我该如何做

mysql> show columns from profiles;
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+
| Field       | Type         | Null | Key | Default | Extra          |
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+
| staff_id    | int(11)      | NO   | PRI | NULL    | auto_increment | 
| job_id      | int(11)      | NO   |     | NULL    |                | 
| name        | varchar(100) | NO   |     | NULL    |                | 
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+

mysql> show columns from job_positions
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+
| Field       | Type         | Null | Key | Default | Extra          |
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+
| job_id      | int(11)      | NO   | PRI | NULL    | auto_increment | 
| position    | varchar(100) | NO   |     | NULL    |                |
+-------------+--------------+------+-----+---------+----------------+

是否可以在这些字段上设置某种关系，然后对查询发出命令以返回相关文本而不是id？

您可以创建一个视图：

create or replace view info as
select p.job_id as job_id, p.name as name, j.position as position
from profile as p, job_position as j where p.job_id=j.job_id

然后您仍然可以使用您的查询

$table = "info";
$result = mysql_query("SELECT * FROM `$table`");

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听起来您想要一个好的PHP ORM库：这看起来很有希望，但是没有视图的表呢？是否有方法检查表上的视图，如果有，则运行查询，其中$table=$tablename。“\u view”否则$table=$tablename？通用mysql语句的要点是$table是从用户操作自动分配的，例如，他们单击“配置文件”按钮，以便将“配置文件”分配为$table。我不能将其改为“人物视图”，因为这会破坏程序中的其他内容。因此，我需要在运行SQL之前对其进行更改。因此，如果我调用我创建的视图“profile\u view”，我可以使用$table。“u view”但是，使用此通用语句的其他查询将失败，因为没有为它们创建视图，因此没有$table。”