如何解决；未定义变量"；在PHP程序中？

在将不安全的查询转换为使用参数的查询方面，一位kind Stack Overflow成员给了我一些帮助，但我正在努力让它工作。我本可以一直打扰他，但最初的问题与此无关。所以我发布了一个新的

<?php


$mysqli = new mysqli("host", "user", "password", "database");// connection
$key = $_POST['key'];
$query = $mysqli->prepare("SELECT * FROM handover  WHERE hs LIKE ? OR WHERE nv    

LIKE ? OR WHERE vsa LIKE ?"); 
$stmt->bind_param("sss", $key, $key, $key); 
$stmt->execute();
$result = mysqli_query($mysqli,$query);

$count=mysqli_num_rows($result);

if($count==0 ){

echo "</br></br></br></br></br></br></br><h2>Handover Details</h2><p>  No results    

found</p>";
}
else{
while($row = mysqli_fetch_array($result)) {

These are my errors: 

删除额外的地方，你也需要

$query->bind_param("sss", $key, $key, $key); 
$query->execute();

$query->store_result();
$rows = $query->num_rows;

if($rows==0 )

你好，我试过了，但还是有同样的错误。我认为这是stmt变量。它说的是未定义，但这就是我引用它的地方？看看我的答案，用$query替换那些$stmt。
SELECT * FROM handover  WHERE hs LIKE ? OR nv    
LIKE ? OR vsa LIKE ?"

$query->bind_param("sss", $key, $key, $key); 
$query->execute();

$query->store_result();
$rows = $query->num_rows;

if($rows==0 )