Php 我的代码只将最后一行写入JSON

此代码仅将最后一行转换为json

<?php
$mysql_db_hostname = "localhost";
$mysql_db_user = "db_user";
$mysql_db_password = "db_password";
$mysql_db_database = "db_name";


$con = @mysqli_connect($mysql_db_hostname, $mysql_db_user, $mysql_db_password,
 $mysql_db_database);

if (!$con) {
 trigger_error('Could not connect to MySQL: ' . mysqli_connect_error());
}
$var = array();
 $sql = "SELECT id,name FROM db_table";
$result = mysqli_query($con, $sql);

while($obj = mysqli_fetch_object($result)) {
$var = $obj;
}
echo '{"users":'.json_encode($var).'}';
?>

我可以请求帮助更正代码中的错误吗？

将其替换为：

while($obj = mysqli_fetch_object($result)) {
    $var[] = $obj;
}
$data = ['users' => $var];
echo json_encode($data);

---

这将使$var成为对象数组，否则将覆盖$var值。

在

$var

之后使用数组符号

[]

$var = array();
  while($obj = mysqli_fetch_object($result)) {
  $var[]  = $obj;
}

---

使用$var[]，而不是$var[]。。因为json_encode的参数应该是arrayWARNING：使用

@

运算符调用方法时，不要抑制错误。如果出现问题，您希望了解它，并需要采取纠正措施，为用户显示有用的消息，记录问题，或所有这些等等。如果忽略可能会提醒您出现问题的错误，这也会使调试问题变得更加复杂。您还应该使用

json_encode

对整个json对象进行编码，而不仅仅是部分：

json_encode（array（'users'=>$var））

。提出建议后，json中没有任何内容，根本没有记录。您的查询是否返回任何数据？您也可以尝试在while中转储$obj。下面是转储数组（1）{[“users”]=>array（2）{[0]=>object（stdClass）{[3（2）{[“id”]=>string（1）“1”[“name”]=>string（13）“parshotamlal”}[1]=>object（stdClass）{[4（2）{[“id”]=>string（1）”2”{“name”=>string（14）“M.Irfan”}用户：{“id”]：{：“M.Irfan Shafiq”}]}所以json_编码应该可以工作。

echo json_encode（$data）的输出是什么？该表有316行，为了向您展示dump，我运行了限制为2的sql，它运行得很好，但当我再次删除限制时，它没有给出任何内容：（在进行建议的更改后，json中没有任何内容，根本没有记录。请尝试var_dump（$obj）；在while循环内，并让我知道您的查询是否返回数据。同时检查while循环后。