Php URL编码和文件获取内容

我们有一个类似

http://site.s3.amazonaws.com/images/some image@name.jpg

内部

$string

我正在尝试做什么（是的，url周围有一个空格）：

我得到的（@也被替换）：

file\u get\u contents（http%3A%2F%2Fsite.s3.amazonaws.com%2Fimages%2fome+image+@name.jpg）[function.file get contents]：打开流失败：没有这样的文件或目录

如果您复制/粘贴

http://site.s3.amazonaws.com/images/some image@name.jpg

进入浏览器地址栏，图像将打开

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有什么不好以及如何修复？

您指定的URL无效

file\u get\u contents

需要一个有效的http URI（更准确地说，底层http包装器需要）。由于无效的URI不是有效的URI，

file\u get\u contents

失败

您可以通过将无效URI转换为有效URI来修复此问题。中提供了如何编写有效URI的信息。您需要注意正确表示所有特殊字符。e、 g.空格到加号，商业at标志必须进行URL编码。还需要删除开头和结尾处多余的空格

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完成后，Web服务器将告诉您访问被禁止。然后，您可能需要通过HTTP文件包装器的HTTP上下文选项添加额外的请求头来解决这个问题。您可以在PHP手册中找到相关信息：

对整个URL使用函数

urlencode（）

，将生成无效的URL。保持URL不变也是不正确的，因为与浏览器相比，

file\u get\u contents（）

函数不执行。在您的示例中，需要将空格替换为

%20

：

$string = str_replace(' ', '%20', $string);

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所以你把这个URL变成了一个无效的URL，然后你怀疑它不起作用？这是什么问题？请详细解释一下，我不能把我的头放在这上面。你能给我/我们提供你的完整代码吗？这是一个很好的答案这是一个很好的答案-：如何

RAWURLENCODE

？

$string = str_replace(' ', '%20', $string);