我们可以使用插入和更新来自一个POST方法PHP的表，如下代码所示吗？

我是php新手，尝试下面的代码，值是插入的，但它没有更新，也没有给我任何错误或警告。 我希望当我更新为“热”时，表中基于“lead_id”的整个值应更新为“热”

if（$status==“OK”）
{ 
$query=mysqli_query（$con，“插入到lead_注释（lead_id、emp_id、lead_状态、注释）值（‘$lead_id’、‘$emp_id’、‘$lead_状态’、‘$comments’）；
如果（$lead_status=='HOT'）{
$query\u update\u hot=mysqli\u query（$con，“update lead\u comments set lead\u status=“$lead\u status”，其中lead\u id='lead\u id'和emp\u id=“$emp\u id'”）；
}
如果（$lead_status=='WARM'）{
$query\u update\u warm=mysqli\u query（$con，“update lead\u comments set lead\u status='$lead\u status'，其中lead\u id='lead\u id'emp\u id='$emp\u id'）；
}
如果（$lead_status=='COLD'）{
$query\u update\u cold=mysqli\u query（$con，“update lead\u comments set lead\u status='$lead\u status'，其中lead\u id='lead\u id'emp\u id='$emp\u id'）；
}
“打印”
window.location='thankyou.php？username=$admin'；
"; 
}
}

将lead\u id更改为变量名。您缺少lead_id的美元

 $query_update_hot=mysqli_query($con,"update lead_comments set lead_status='$lead_status' where lead_id='lead_id' and emp_id = '$emp_id'");

使用以下查询

   $query_update_hot=mysqli_query($con,"update lead_comments set lead_status='$lead_status' where lead_id='$lead_id' and emp_id = '$emp_id'");

---

您是否启用了错误日志？正如答案所说，您的更新查询缺少分配您的

潜在客户id的
$
。只要纠正这一点，代码就会工作。
   $query_update_hot=mysqli_query($con,"update lead_comments set lead_status='$lead_status' where lead_id='$lead_id' and emp_id = '$emp_id'");