Php 具有许多选项的MySQL数据类型

我正在创建一个MySQL表来存储用户信息。如果一个信息是用户的毕业年份，从1970年到2014年，那么最好的数据类型是什么？我希望这些值能够为用户提供选择毕业年份的选项
我打算这样使用enum

grdYr枚举（'70'、'71'、'72'、…'14'）

，但建议不要将数字用作枚举值。简单地添加一个像这样的字符

grdYr ENUM（'s70'，'s71'，'s72'，…'s14'）

就能解决问题吗？

另外，如果我在以后添加更多的值，比如15、16年级，等等，每年学生毕业时，是否每次都更改表是完成这一任务的唯一方法？据我所知，这似乎是唯一的办法，但改变桌子听起来是我不应该做的事情。

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救命啊

首先，您应该在

ENUM

之外使用多个表和外键。您还应该以4位数格式存储任何年份，而不是2位数。因为。。。如果您需要添加2070年，该怎么办

其次，为日期使用

DATETIME

或

DATE

列类型。或者，对像您这样的数字使用

VARCHAR

，

INT

，

TINYINT

（我仍然更喜欢日期类型）。不要使表（或枚举的单个列）只包含用户的毕业年份。通过HTML/PHP代码验证它。使用特定选项制作一个

，并通过它进行验证

HTML:

<select>
    <option value="1970">1970</option>
    <option value="1971">1971</option>
    <option value="1972">1972</option>
    ...
    <option value="2013">2013</option>
    <option value="2014">2014</option>
</select>

$arrayWithYears = array();

foreach($i = 1970; $i <= 2014; $i++) {
    $arrayWithYears[] = $i;
}

if(in_array($iSubmittedValue, $arrayWithYears)) {
    // TRUE
} else {
    // FALSE
}

1970
1971
1972
...
2013
2014

PHP:

<select>
    <option value="1970">1970</option>
    <option value="1971">1971</option>
    <option value="1972">1972</option>
    ...
    <option value="2013">2013</option>
    <option value="2014">2014</option>
</select>

$arrayWithYears = array();

foreach($i = 1970; $i <= 2014; $i++) {
    $arrayWithYears[] = $i;
}

if(in_array($iSubmittedValue, $arrayWithYears)) {
    // TRUE
} else {
    // FALSE
}

$arrayWithYears=array（）；
弗雷奇（$i=1970；$i不要使用
ENUM
。如果要存储数字，请使用更合适的类型，如
INT
，或者如果绝对希望保留前导零，请至少使用
VARCHAR
。如果要存储日期，请使用日期类型之一，如
date
。这会使数据库架构更清晰，因为pe给出了其意图的提示

我还建议存储完整的4位数年份，而不是2位数年份，因为两位数年份是不明确的。请记住：工作代码的使用时间往往比最初预期的要长。如果您希望向访问者显示2位数年份，请执行此操作，但仍在数据库中存储4位数年份。额外的spa除非您的表很大，否则ce不会成为问题。这是一个微不足道的UI问题

建议不要使用
ENUM
s中的数字，因为它相对来说毫无意义。在每个数字的开头添加一个“s”并不会使它变得毫无意义

列的合理选择是最能反映它将保存的数据。这几乎从来都不是
ENUM
许多专家建议不要使用ENUM。如果要确保值位于给定的集中，请创建一个列出所有值的表，并将其作为该表的外键。