按文件名加载python脚本源以进行测试

我想为一个名为

foobar

的python 3.7+脚本创建一个测试（这是文件名，没有

.py

扩展名）：

#/usr/bin/env python
def foo（巴）：
返回条+42
如果uuuu name uuuuuu='\uuuuuuu main\uuuuuuu'：
印刷（foo（1））

如何仅通过路径加载此文件，以便测试

foo（）

方法？测试不应触发

if main

条件

---

更新注意，这不是关于执行测试中的文件（即

exec（'foo-bar'）

），而是将其作为模块/资源加载/导入，允许测试代码在其上执行

foo（）

。

我认为，您可以做的是临时创建扩展名为的文件副本。py，导入后删除它

我认为，您可以做的是临时创建扩展名为的文件副本。导入py并将其删除后，可以使用中的函数直接从脚本文件加载此模块，而无需扩展名

.py

要使其工作，您需要显式地使用加载程序，在这种情况下，它将工作

from importlib.machinery import SourceFileLoader

foo_bar = SourceFileLoader('foo_bar', './foo-bar').load_module()

此时，您可以使用模块内部的功能：

result = foo_bar.foo(1)
assert result == 43

---

您可以使用中的函数直接从脚本文件加载此模块，而无需扩展名

.py

要使其工作，您需要显式地使用加载程序，在这种情况下，它将工作

from importlib.machinery import SourceFileLoader

foo_bar = SourceFileLoader('foo_bar', './foo-bar').load_module()

此时，您可以使用模块内部的功能：

result = foo_bar.foo(1)
assert result == 43

---

为什么希望Python文件没有扩展名

.py

呢？1）此代码已经存在，因此向后兼容2）这是一个实用程序，与任何其他命令一样，它的语言是一个实现细节，不应向该实用程序的用户公开（你不在乎你的

ls

是用c还是go写的，对吧？可以用符号链接来完成，但这样会创建两个文件而不是一个-太复杂了。@DYZ这不是一个dup-我不是在执行代码，我需要

加载它。我认为你把它标记为dup是错误的（是的，我在发布这篇文章之前看到了那篇文章）不，当然不是：）我所说的加载是指将其作为资源/代码加载，即可能使用
SourceFileLoader
——允许我使用类似反射的功能（用.NET的说法）——从而使调用
foo（）成为可能
测试中的方法。是的，我在导入lib.util时遇到了相同的问题。

这对我很有效：

foo\u bar=imp.load\u模块（'foo\u bar'，f，'foo bar'，（'r'，imp.PY\u源代码））

，将“foo bar”文件的文件对象作为

f

传递给它，但是

imp

模块已被弃用，建议改为

importlib.util

。。为什么您希望Python文件没有

.py

扩展名？1）此代码已经存在，因此向后兼容2）这是一个实用程序，与任何其他命令一样，它的语言是一个实现细节，不应该向实用程序的用户公开（你不在乎你的

ls

是用c还是go写的，对吧？可以用符号链接来完成，但这样会创建两个文件而不是一个-太复杂了。@DYZ这不是一个dup-我不是在执行代码，我需要

加载它。我认为你把它标记为dup是错误的（是的，我在发布这篇文章之前看到了那篇文章）不，当然不是：）我所说的加载是指将其作为资源/代码加载，即可能使用
SourceFileLoader
——允许我使用类似反射的功能（用.NET的说法）——从而使调用
foo（）成为可能
测试中的方法。是的，我在导入lib.util时遇到了相同的问题。

这对我很有效：

foo\u bar=imp.load\u模块（'foo\u bar'，f，'foo bar'，（'r'，imp.PY\u源代码））

，将“foo bar”文件的文件对象作为

f

传递给它，但

imp

模块已被弃用，建议改为

importlib.util

。。这对于测试框架来说不是一个好的解决方案。请参见上述注释-希望@filbranden会发布一个答案，或者我会在一天内自行回答。这不是一个好的解决方案对于测试框架来说，这是一个很好的解决方案。请看上面的评论-希望@filbranden会发布一个答案，或者我会在一天内自行回答。感谢您的帮助！不过您可能需要编辑一件事--它似乎是

foo_bar=SourceFileLoader（'foo-bar'，'./foo bar'）。load_module（）

也同样有效，没有所有的规范内容，它让我可以直接调用

foo\u bar.foo（5）

。@Yurik这太简单了！谢谢你！谢谢你帮我弄明白了！不过你可能想编辑一件事——它似乎是

foo\u bar=SourceFileLoader（'foo-bar'，'./foo-bar'）。load\u module（）

也能正常工作，没有所有的规范内容，它让我可以直接调用

foo\u bar.foo（5）

。@Yurik这太简单了！谢谢！