以Symfony 2.1抽象类型访问当前用户

我对如何访问Symfony 2中的当前用户感到有点困惑。目前，我正试图根据当前用户的角色显示表单（AbstractType）的变体

以下人士已回答了一个类似的问题：

我的问题是：有没有一种Symfony 2本机方式可以访问AbstractType类中的用户而不使用？谢谢

以下是我当前的代码：

namespace Acme\DemoBundle\Form;

use Symfony\Component\Form\AbstractType;
use Symfony\Component\Form\FormBuilderInterface;
use Symfony\Component\OptionsResolver\OptionsResolverInterface;

class Comment extends AbstractType
{
    public function buildForm(FormBuilderInterface $builder, array $options)
    {

        //somehow access the current user here

        $builder
            ->add('name')
            ->add('comment_text')
            ->add('comment_email')

        // Add more fields depending on user role

                ;
    }

    public function setDefaultOptions(OptionsResolverInterface $resolver)
    {
        $resolver->setDefaults(array(
            'data_class' => 'Acme\DemoBundle\Entity\Comment'
        ));
    }

    public function getName()
    {
        return 'acme_demobundle_comment';
    }
}

---

编辑：我正在寻找当前登录的用户（security.context）

为什么不将该用户作为构造函数参数注入：

$form = $this->createForm(new CommentType($user), $comment);

---

我是Symphony的新手，所以我希望这不是完全错误：-S

如果用户对象是您正在使用表单处理的注释模型的一部分，您可以通过以下方式访问它：

public function buildForm(FormBuilderInterface $builder, array $options)
{
    $user = $builder->getData()->getUser();
    ....

---

在控制器中，执行以下操作

$form = $this->createForm(new CommentType($this->get('security.context')
                                           ->isGranted('ROLE_ADMIN')), $comment);

其中

ROLE\u ADMIN

是您想要区分的角色

现在，在您的

类型中

必须按以下方式检索它

private $isGranted;

public function __construct($roleFlag)
{
  $this->isGranted = $roleFlag;
}

public function buildForm(FormBuilderInterface $builder, array $options)
{
  $builder
    ->add('name')
    ->add('comment_text')
    ->add('comment_email');

    if($this->isGranted) {
      $builder
        ->add(....)
        ->add(....)
        [....]
        ->add(....);
}

JMSDiExtraBundle（除其他外）提供注释和快捷方式，以便定义服务，例如表单类型和条令侦听器，这只是常规服务，但带有特定标记。如果我没记错的话，该捆绑包包含在标准Symfony 2.1版本中，那么为什么不使用它呢

无论如何，要以“旧方式”注入用户，请使用构造函数注入，例如：

类注释扩展了AbstractType
{
私人背景；
公共函数构造（SecurityContext$context）
{
$this->context=$context；
}
公共函数buildForm（FormBuilderInterface$builder、array$options）
{
$loggedUser=$this->context->getToken（）->getUser（）；
/* ... */
}
}

并将其定义为带有

表单的服务。键入
标记：


这并不是完全错误，但当您的类型成为一个可重用类型时，它不会起到很好的作用，在我看来，这是正确处理可重用类型的方法。不管怎样，你的答案是正确的：）@Matt：从技术上讲，他的解决方案是最好的。代码是可重用的（因为CommentType是一个类），在这里定义服务并不重要。这是因为，服务只有在两种情况下才有用。第一个是，当该服务对特定任务执行“很多事情”时。构建表单不是其中之一（formBuilder和其他人总是这样做）。此外，一个服务将只在请求的时间期限内“生存”，所以得出您的结论我同意代码仍然是可重用的。但我不同意你另外两个评论。服务比这更有用。它们有助于减少需要传递给每个表单类型的选项，因为您可以将依赖项直接注入到该类型中，如
security.context
服务。它们还简化了嵌入子类型（如CollectionType）的其他类型内部类型的重用，而且速度更快，因为它们可以缓存。最后，在Symfony 2.2中可能会删除实例化类型。有关更多信息，请参阅此。谢谢，我是这样实现的。这将为我提供已使用现有注释持久化的用户对象，不是吗？我正在尝试从安全上下文访问当前登录的用户，以便在显示用于添加新注释的信息之前使用该信息。我已经更新了问题。在创建表单以添加新注释时，应将安全上下文中登录的用户注入表单。与从FormType中访问安全上下文不同，您只需从控制器中注入user对象，在控制器中创建FormType的新实例。这正是我在看到user1326721的回复后实现的代码；-）<代码>私有$roleFlag应该是
私有$isgrant
虽然
$this->securityContext
应该是
$this->context