如何在typescript中断言导入的类？

我需要在typescript ES6模块中导入一个不存在的类（当实际使用时，该类将存在）。我希望可以这样扩展：

/打字/事件d.ts：

导出接口事件{
$on（事件：字符串，侦听器：（）=>{}）：void；
$once（事件：字符串，侦听器：（）=>{}）：void；
$off（事件：字符串，侦听器：（）=>{}）：void；
$emit（事件：字符串）：无效；
}

梅因酒店

从“/typings/events.d.ts”导入{IEvents}；
//@ts ignore:ignore暂时不存在的模块
从“../../common/base/Events”导入事件；
事件作为事件//类似的东西…只是为了断言这个类
类监视器扩展事件实现IEvents{
构造函数（）{
超级（）；
//所以我可以直接调用这个.$on，这个.$off..等等。
}
}

但是，我总是收到错误消息“类型‘Monitor’缺少类型‘IEvents’的以下属性：$on、$one、$off、$emit”

有没有合适的方法来实施它？提前谢谢！：D

编辑：

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我尝试在导入事件变量后重新声明它（请参见），但它不起作用。重新声明后，导入行将被丢弃。

如果您在其他地方编写了代码，但希望TypeScript了解，则需要。通常您会将它们放在它们自己的专用库文件中，但也可以使用do内联声明

例如，您可以将其声明为

类

，但还需要声明其属性/方法：

declare class Events implements IEvents {
    $on(event: string, listener: () => {}): void;
    $once(event: string, listener: () => {}): void;
    $off(event: string, listener: () => {}): void;
    $emit(event: string): void;
}

或者您可以声明它是一个类型和一个值，其中该类型对应于类的实例端，该值表示包括构造函数在内的静态端。这通常在标准库中完成，您将看到类似于

Foo

类型和

FooConstructor

类型的内容，以及类型为

FooConstructor

的名为

Foo

的变量。（例如，对于实例端的

Array

，对于静态端，以及显示有一个名为

Array

的对象充当构造函数）。以下是如何为

事件执行此操作：

interface Events extends IEvents { }
declare const Events: new () => IEvents;

这两个都适合你。希望有帮助；祝你好运

你好，jcalz我真的很感谢你明确的回答！太多了！然而，我的情况在这里有点棘手..我需要首先从'some/where/doesnt/exist'导入一个不存在的变量
import事件，因此我以后无法重新计算它，否则此导入行将被丢弃…我知道我的代码中一定发生了异常情况！您可以将声明放在dev环境中
some/where/doesnt/exist/index.d.ts
的文件中吗？或者放在编译器可以放在的任何地方吗？是的，我可以将接口/事件类放在
some/where/index.d.ts
中，它可以全局工作。但是我需要注释掉'some/where/doesnt/exist.js'中的
导入事件行，否则此事件（==未定义）将覆盖globalwide事件接口。问题是编译器找不到“some/where/doesnt/exist.js”。。编译器不需要找到.js文件，它只需要找到.d.ts文件。只有运行时环境才应该关心js，js大概会在那里。你能把你的代码编辑成一个文件吗？这样我就可以看到你在我自己的IDE中看到的东西了？或者可能会发布一个stackblitz/codesandbox链接来说明这个问题（顺便说一句，你的游乐场链接坏了）？我无法复制它。