Build GNUMake：如何构建一个32位和64位的公共库？

我有一个文件夹布局如下的项目：

/project_root
  /common-code-sources
    /common1
    /common2
    /...
  /prog-A-sources
  /prog-B-sources
  /prog-C-sources

需要为程序A、B和C生成三个可执行文件。每个可执行文件都有少量唯一的源代码，但大多希望静态链接来自各种

libCommonCodeN.A

文件的功能

但是，我需要用一组特定的编译标志来构建程序C及其所需的所有公共代码库。（在本例中，为32位，禁用了一些优化。）

这意味着程序C所需的

common_sources

下的特定代码必须再次符合正确的标志

我正在寻找如何最好地创建一个基于Makefile的构建系统来覆盖这种情况的想法

我认为解决方案将包括一个用于lib文件的并行输出文件夹和所谓的“特定于目标的”

make

变量来指导流程，但我不确定如何将它们组合在一起

问题：当一个

通用代码

源发生变化时，如何确保在项目的根目录下运行

make

是正确的

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也就是说：我如何才能重建所讨论的特定

.a

的两种风格，并重新链接3个可执行文件？

以下是两种方法：

• 维护单个Makefile（始终可以按include指令分割Makefile）
• 为每个子项目（方法）维护自己的makefile

在第一种情况下，您可以完全控制依赖项。。。要进行自定义生成，请使用：

$ cat Makefile ... ifeq '$(DEBUG)' 'yes' BUILD_DIR = debug CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) else BUILD_DIR = release CFLAGS += $(CFLAGS_OPTIM) endif ... $ make DEBUG=yes $cat生成文件 ... ifeq'$（调试）'是' BUILD\u DIR=debug CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） 其他的 BUILD\u DIR=发布 CFLAGS+=$（CFLAGS_OPTIM） 恩迪夫 ... $make DEBUG=yes 在第二种情况下，将第一个提示与以下内容混合使用：

$ cat Makefile ... ifeq '$(DEBUG)' 'yes' BUILD_DIR = debug MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_debug_build CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) else BUILD_DIR = release MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_release_build CFLAGS += $(CFLAGS_OPTIM) endif build: $(MODULE_A_BUILD_DIR)/libmodulea.a make -C $(MODULE_A_BUILD_DIR)/.. DEBUG=$(DEBUG) ... $cat生成文件 ... ifeq'$（调试）'是' BUILD\u DIR=debug MODULE_A_BUILD_DIR=../MODULE-A/_debug_BUILD CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） 其他的 BUILD\u DIR=发布 模块\u A\u构建\u目录=../MODULE-A/\u发布\u构建 CFLAGS+=$（CFLAGS_OPTIM） 恩迪夫 构建：$（模块A构建目录）/libmodulea.A make-C$（模块构建目录）/。。调试=$（调试） ... 你的问题说得对。只要在逻辑上保持一致，不要害怕

因此，根据make标志或目标模式生成build/dist路径：

ifneq '$(filter %-debug,$(MAKECMDGOALS))' '' BUILD_DIR = debug MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_debug_build CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) ... endif ifneq'$（过滤器%-调试，$（MAKECMDGOALS））'' BUILD\u DIR=debug MODULE_A_BUILD_DIR=../MODULE-A/_debug_BUILD CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） ... 恩迪夫

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以下是两种方法：

• 维护单个Makefile（始终可以按include指令分割Makefile）
• 为每个子项目（方法）维护自己的makefile

在第一种情况下，您可以完全控制依赖项。。。要进行自定义生成，请使用：

$ cat Makefile ... ifeq '$(DEBUG)' 'yes' BUILD_DIR = debug CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) else BUILD_DIR = release CFLAGS += $(CFLAGS_OPTIM) endif ... $ make DEBUG=yes $cat生成文件 ... ifeq'$（调试）'是' BUILD\u DIR=debug CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） 其他的 BUILD\u DIR=发布 CFLAGS+=$（CFLAGS_OPTIM） 恩迪夫 ... $make DEBUG=yes 在第二种情况下，将第一个提示与以下内容混合使用：

$ cat Makefile ... ifeq '$(DEBUG)' 'yes' BUILD_DIR = debug MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_debug_build CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) else BUILD_DIR = release MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_release_build CFLAGS += $(CFLAGS_OPTIM) endif build: $(MODULE_A_BUILD_DIR)/libmodulea.a make -C $(MODULE_A_BUILD_DIR)/.. DEBUG=$(DEBUG) ... $cat生成文件 ... ifeq'$（调试）'是' BUILD\u DIR=debug MODULE_A_BUILD_DIR=../MODULE-A/_debug_BUILD CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） 其他的 BUILD\u DIR=发布 模块\u A\u构建\u目录=../MODULE-A/\u发布\u构建 CFLAGS+=$（CFLAGS_OPTIM） 恩迪夫 构建：$（模块A构建目录）/libmodulea.A make-C$（模块构建目录）/。。调试=$（调试） ... 你的问题说得对。只要在逻辑上保持一致，不要害怕

因此，根据make标志或目标模式生成build/dist路径：

ifneq '$(filter %-debug,$(MAKECMDGOALS))' '' BUILD_DIR = debug MODULE_A_BUILD_DIR = ../module-A/_debug_build CFLAGS += $(CFLAGS_DEBUG) ... endif ifneq'$（过滤器%-调试，$（MAKECMDGOALS））'' BUILD\u DIR=debug MODULE_A_BUILD_DIR=../MODULE-A/_debug_BUILD CFLAGS+=$（CFLAGS\u调试） ... 恩迪夫