C 如何更改函数中参数的值

我试试看：

#include <stdio.h>
#include <malloc.h>

void foo(int* x)
{
   x = (int *)malloc(sizeof(int));
   *x = 5;
}

int main()
{

   int a;
   foo(&a);
   printf("%d\n",a);  //a = -858993460
   return 0;    

}

#包括
#包括
void foo（int*x）
{
x=（int*）malloc（sizeof（int））；
*x=5；
}
int main（）
{
INTA；
foo&a；
printf（“%d\n”，a）；//a=-858993460
返回0；
}

---

a的价值何在！=5.我在vs2010、windows 7中运行此代码。

您正在通过malloc调用更改foo中的指针值-只需执行以下操作：

void foo(int* x)
{
   *x = 5;
}

在您的代码中-此函数：

void foo(int* x)
{
   x = (int *)malloc(sizeof(int));
   *x = 5;
}

工作内容如下：

+----+
| a  |
+----+
/
x points here

然后将

x

指向其他地方：

+----+                            +----+
| 5  | /* created by malloc*/     | a  |
+----+                            +----+
/ On Heap                         / On Stack
x now points here                a is now in memory somewhere not getting modified.

---

你把它改成

5

。另请注意-

x

是

a

的

&a

地址的本地副本-在

C

中没有传递参考，只有传递值-因为变量值被复制到函数中

指针

x

已在形式参数中初始化，

malloc

将创建指向另一个内存位置的

x

void foo(int* x)
{
 /* x = (int *)malloc(sizeof(int)); */
  *x = 5;
}

---

请查看Acme的答案，以获得非常好的图表表示。

在

foo

中，变量

x

是一个局部变量，是指向int的指针-它是一个包含值的变量，该值是内存中

int

的地址

您正在使用main的

a

变量的地址调用函数。但是你正在改变x

x = (int *)malloc(sizeof(int));

这将

x

更改为一个不同的值，即现在保留供我们使用的内存区域的地址。但是，

x

是

foo

的局部变量。当

foo

结束时，

x

消失，我们返回

main

。发生了两件事：

我们已经分配了一些内存

我们已经给它赋值了

然后打印出

main

s

a

的内容<代码>a仍然在我们调用foo之前的位置

也许前面对相关问题的回答会对您有所帮助：

• foo&a将变量的地址传递给函数
  

• void foo（int*x）

  传递的地址现在被复制并存储在

  x

  中

  x

  是函数的局部指针变量

• x=（int*）malloc（sizeof（int））。在这里，您将使用完全不同的地址覆盖
  x
  的内容，以动态分配内存
  

• *x=5在这里，您将值5分配给驻留在堆上的内存
  

• }

  在这里，您忘记了在函数中所做的一切。由于没有

  释放（）

  内存，因此创建了内存泄漏。除此之外，函数没有做任何影响程序其余部分的事情。它只处理局部变量

  x

• printf（“%d\n”，a）

  此处打印未初始化变量

  a

  的内容，该变量未被函数更改

---

此外，在C中强制转换malloc的结果是没有意义的。此外，malloc可以在

stdlib.h

中找到。不要使用

malloc.h

，这是一个多余的非标准标题。

因为您已经更改了此行中

x

的原始值：

x=（int*）malloc（sizeof（int）） >不要<代码> Malc ，不要在C中抛出指针，铸造<代码> Value*/Cuff>是C++的东西。