C++ 带Args的引用_包装器的类型推断

我有一个模板函数：

template<class... Args>
void foo(Args&&... args)
{
    boo<std::decay_t<Args>...>(std::forward<Args>(args)...);
}

在第一种情况下，我调用

boo

，在第二种情况下，调用

boo

。 对于pack中的每个参数，是否有无明确使用

get

函数自动“取消引用”引用的方法？

---

原因是我想在第二种情况下调用

boo

，而不是

boo

您可以执行以下操作：

template <typename T> struct unwrap {
    using type = T;
};
template <typename T> struct unwrap<std::reference_wrapper<T>> {
    using type = T&;
};

template <typename T> using unwrap_t = typename unwrap<T>::type;

template<class... Args>
void foo(Args&&... args)
{
    boo<unwrap_t<std::decay_t<Args>>...>(std::forward<Args>(args)...);
}

模板结构展开{
使用类型=T；
};
模板结构展开{
使用type=T&；
};
使用展开的模板\u t=typename展开：：type；
模板
void foo（Args&&…Args）
{
boo您可能会执行以下操作：

template <typename T> struct unwrap {
    using type = T;
};
template <typename T> struct unwrap<std::reference_wrapper<T>> {
    using type = T&;
};

template <typename T> using unwrap_t = typename unwrap<T>::type;

template<class... Args>
void foo(Args&&... args)
{
    boo<unwrap_t<std::decay_t<Args>>...>(std::forward<Args>(args)...);
}

模板结构展开{
使用类型=T；
};
模板结构展开{
使用type=T&；
};
使用展开的模板\u t=typename展开：：type；
模板
void foo（Args&&…Args）
{
boowow。使用模板真是太棒了。从来没有想到模板类可以在内部有一个别名作为嵌套类型。这是的传统方式。哇。使用模板真是太棒了。从来没有想到模板类可以在内部有一个别名作为嵌套类型。这是的传统方式。