C++ 如何检查模板参数是否可默认构造

我正在编写一个模板类，想知道模板参数是否存在，是否有任何方法可以做到这一点

代码如下所示

template <class C>
class A
{

createObj()
{
C* objPtr = NULL;
// If default constructible then create object else let it remain NULL
}
};

模板
甲级
{
createObj（）
{
C*objPtr=NULL；
//如果默认可构造，则创建对象，否则将其保持为空
}
};

---

更新：我尝试过使用，但它不起作用，确切地说，如果返回默认可构造，即使对于那些不可构造的类，我也不知道为什么会发生这种情况。

这是and的经典案例

在另一个答案中，Potatoswatter已经发布了一个可以在这里重用的类型特征：

void createObj(
    typename enable_if_c<is_default_constructible<C>::value, void>::type* dummy = 0)
{
     C* objPtr = new C();
}

void createObj(
    typename disable_if_c<is_default_constructible<C>::value, void>::type* dummy = 0)
{
     C* objPtr = 0;
}

SFINAE意味着不能为给定类型实例化的模板将不会被初始化<当且仅当其参数为

true

时，code>enable_if_c基本上会生成有效类型。现在我们使用元函数

is\u default\u constructible

来测试类型

C

是否有默认构造函数。如果是这样，

enable\u If_c:：type

将生成有效的类型，否则不会

---

< > C++编译器将只看到这两个函数中的一个，以便在上下文中使用。有关更多详细信息，请参阅

enable\u if

的文档。

这是SFINAE的一种情况，您使用的函数重载需要。。。作为一个参数，它调用您正在寻找的方法

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在任何情况下，这个问题的答案都是“

我不太清楚你的意思。@CashCow的可能重复项该问题没有明确的答案，所以再次询问。为什么不在返回类型上使用enable_if，并防止伪参数的必要性？另外，我相信您需要一个

typename

。@DeadMG:因为这只适用于非

void

。OP没有指定返回类型…@Konrad我没有得到代码，你能详细写一下吗，我也不能使用boost。Thanks@Gaurav：如果无法使用Boost，只需复制

启用模板的标题即可。@Konrad我尝试使用的是可构造的默认值，但它不起作用。特别地，我得到了def const，即使是对于那些不知道会出现什么问题的类：-（.谢谢。
typename enable_if_c<is_default_constructible<C>::value, T>::type createObj()
{
     C* objPtr = new C();
}

typename disable_if_c<is_default_constructible<C>::value, T>::type createObj()
{
     C* objPtr = 0;
}