Gulp 吞壳延迟
我试图在一系列吞咽任务结束时执行一个shell命令。我注意到,在shell命令拾取一些文件并将其复制到其他地方之前,不会写入对项目文件所做的更改。我正在使用gulp shell执行shell命令 我发现,如果我在复制文件之前执行“ls”命令,那么在我尝试复制文件之前,会有足够的延迟来写入所有文件。有没有更干净的方法 这是Grunfile文件:Gulp 吞壳延迟,gulp,gulp-shell,Gulp,Gulp Shell,我试图在一系列吞咽任务结束时执行一个shell命令。我注意到,在shell命令拾取一些文件并将其复制到其他地方之前,不会写入对项目文件所做的更改。我正在使用gulp shell执行shell命令 我发现,如果我在复制文件之前执行“ls”命令,那么在我尝试复制文件之前,会有足够的延迟来写入所有文件。有没有更干净的方法 这是Grunfile文件: var gulp = require('gulp'); var shell = require('gulp-shell'); var jshint =
var gulp = require('gulp');
var shell = require('gulp-shell');
var jshint = require('gulp-jshint');
var changed = require('gulp-changed');
var imagemin = require('gulp-imagemin');
var minifyHTML = require('gulp-minify-html');
var concat = require('gulp-concat');
//Uncomment out this line before going to production
//var stripDebug = require('gulp-strip-debug');
var uglify = require('gulp-uglify');
var autoprefix = require('gulp-autoprefixer');
var minifyCSS = require('gulp-minify-css');
// JS hint task
gulp.task('jshint', function() {
gulp.src('./code/js/*.js')
.pipe(jshint())
.pipe(jshint.reporter('default'));
});
// minify new images
gulp.task('imagemin', function() {
var imgSrc = './code/img/**/*', imgDst = './www/img';
gulp.src(imgSrc)
.pipe(changed(imgDst))
.pipe(imagemin())
.pipe(gulp.dest(imgDst));
});
// minify new or changed HTML pages
gulp.task('htmlpage', function() {
var htmlSrc = './code/*.html', htmlDst = './www';
gulp.src(htmlSrc)
.pipe(changed(htmlDst))
.pipe(minifyHTML())
.pipe(gulp.dest(htmlDst));
});
// JS concat, strip debugging and minify
gulp.task('scripts', function() {
gulp.src(['./code/js/index.js', './code/js/*.js'])
.pipe(concat('script.js'))
//Uncomment out this line before going to production
//.pipe(stripDebug())
.pipe(uglify())
.pipe(gulp.dest('./www/'));
});
// CSS concat, auto-prefix and minify
gulp.task('styles', function() {
gulp.src(['./code/css/*.css'])
.pipe(concat('styles.css'))
.pipe(autoprefix('last 2 versions'))
.pipe(minifyCSS())
.pipe(gulp.dest('./www/'));
});
gulp.task('prepare', shell.task(['ls', 'cordova prepare']));
// default gulp task
gulp.task('default', ['imagemin', 'htmlpage', 'scripts', 'styles', 'prepare'], function() {
});
这是准备任务——当它运行时,其他文件还没有完成执行
似乎我可以设置一个必须在准备之前完成的从属任务:
gulp.task('prepare', [styles], shell.task(['ls', 'cordova prepare']));
我还没有测试过它,但我希望它能工作?尝试一下Gulp任务是异步的,这使它们能够同步启动。应该可以解决您的问题。请粘贴您的gulpfile内容…您可能没有。请阅读此链接,但不明白,有些文件写得很快,有些文件需要花时间来写?