如何使用params启动Gulp任务？

我需要为特定文件应用构建任务。为了找到它们，我使用了典型的模板。但是我不明白如何从gulp.src传递参数（文件路径）

理想的解决办法

gulp.task('bundles', function() {
  gulp.src('bundles/**/*.js').
    pipe(gulp.start('build', file.path));
});

gulp.task('build', function (path) {
  // use here
});

（由于rep的原因，无法发表评论，抱歉）

我假设您的示例代码并没有包含所有内容，但是为什么不合并这些任务，并在构建任务中使用gulp.src（）而不是调用另一个任务呢

也许这对你很有用，但从你展示的内容来看，我找不到一个解释来解释你为什么要这样做，而不是简单地做一些事情，比如：

gulp.task('build', function (path) {
    gulp.src('bundles/**/*.js)
    //Your code for this task
});

当然，它删除了bundles任务，但它并没有像现在这样有用。

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如果我错了，请不要犹豫发表评论，我会尽我所能帮助你。

这个问题有点陈腐，我不确定我是否完全理解你在这里想要实现的目标，但我认为你想要的是

如果这不是你想要的，你可能想澄清你的问题

用法示例：

var lazypipe = require('lazypipe'),
g = require('gulp-load-plugins')({lazy: true}),

jsTransformPipe = lazypipe()
    .pipe(g.jshint) // <-- Notice the notation: g.jshint, not g.jshint()
    .pipe(g.concat, 'bundle.js'), // <-- Notice how the param is passed to g.concat, as a second param to .pipe()

jsSourcePipe = lazypipe()
    .pipe(gulp.src, './**/*.js');

gulp.task('bundle', function() {
    jsSourcePipe()
        .pipe(jsTransformPipe()) // <-- You execute the lazypipe by calling it as a function
        .pipe(gulp.dest('../build/');
});

var lazypipe=require（'lazypipe'），
g=require（'gulp-load-plugins'）（{lazy:true}），
jsTransformPipe=lazypipe（）
.pipe（g.jshint）/首先，
gulp.task（'build'，函数（path）
永远不会工作。gulp任务的唯一有效参数是发出异步任务完成信号的回调。如果您尝试运行上述操作，gulp将期望
path
是一个函数，并且除非调用该函数，否则任务永远不会完成。在本例中，“构建”任务应该是从e“捆绑”管道，而不是任务

更好的问题是：我如何在一个gulp管道中运行一个自定义函数？像这样的插件可能会让你接近，但创建一个内联gulp插件来调用你的函数并不困难

Gulp管道接收一个对象流，其中包含一个、一个编码和一个回调。下面是一个基本框架，用于针对Gulp管道中的文件调用任意函数：

var gulp=require（'gulp'）；
var-through=require（'through2'）；
gulp.task（'stack'，function（）{
返回gulp.src（'./src/*.js'）
.pipe（通过.obj）（函数（文件、enc、cb）{
//file.path是文件的完整路径
myBuildFunction（file.path）；
cb（空，文件）；
}))
.管道（吞咽目标（'./建造/'）；
})

这可能非常强大。要修改文件的内容，只需更改
file.contents
缓冲区。要重命名或重新定位文件，请更改
file.path
。一切都可以在gulp的本机管道中完成