使用PHP和MySQL创建图像选择表单

我正在尝试创建一个表单，当您选择单选按钮时，它将选择图像并查询到服务器中；现在我不太确定这是如何实现的，因为当我选择任何其他的，而不是原始的，它似乎不起作用。 我的表单代码（好吧，重要的部分）

我的质询如下：

$link     = mysqli_connect("$server", "$user", "$pass", "$webdb");
    $page = mysqli_real_escape_string($link, (string) $_POST['page']);
    $content = mysqli_real_escape_string($link, (string) $_POST['image']);
$query = "UPDATE `pages` 
              SET `image`='<$image>' 
              WHERE `name`='$page'";

    mysqli_query($link, $query);
    mysqli_close($link);

?>

$link=mysqli_connect（“$server”、“$user”、“$pass”、“$webdb”）；
$page=mysqli\u real\u escape\u string（$link，（string）$\u POST['page']）；
$content=mysqli\u real\u escape\u string（$link，（string）$\u POST['image']）；
$query=“更新`pages`
设置'image`='
其中`name`='$page'；
mysqli_查询（$link，$query）；
mysqli_close（$link）；
?>

它不是世界上最好的，但总的来说，我认为它应该运行稳定，但它不是，所以如果有人知道为什么它会很棒的话。谢谢

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第一个是原件。很抱歉没有具体说明。

这是我从你的问题中了解到的。您在主页中有一个特定的图像，它的src是从数据库中查询出来的，可以通过您提供的表单进行更新

将表格更改为：

 <form action="update_image.php" method="post">
      <input type="hidden" name="page" value="Index" />
  <td><center><input name="image" type="radio" value="images/cartoon/2ofus.png" /></center>   </td>
  <td><center><input name="image" type="radio" value="images/cartoon/3lb_Bruce.png" /></center></td>
  <td><center><input name="image" type="radio" value="images/cartoon/bearry.png" /></center></td>
 <td><center><input name="image" type="radio" value="images/cartoon/Bemmer.png" /></center></td>
 <input type="submit" value="Update" />

在索引页面中，查询表页面后，在图像标记中使用结果，如：

 print "<img src='{$row['image']}'/>";

print”“；

一个明显的错误是变量的命名，您将单选按钮的值指定给

$content

，然后在查询中使用

。这应该是

$content

，而不是

---

除此之外，您还应该添加错误处理，例如，

mysqli\u error（$link）

将为您提供最后一个错误。

您所说的“当我选择任何其他错误时，然后选择原始错误”是什么意思？哪一个是原始的？在帖子中添加了澄清。很抱歉没有指定。是否有其他值与第一个值不同的原因（

img src='some\u relative\u url

）？是的。这是一种在以管理员身份登录时实际更改主页上图像的表单。我找到了一个解决办法，因为SQL和PHP在索引页面上用

code

echo''回音，与我相处不好<代码>代码这不是世界上最好的，但它很有效。这并不能解释为什么你的选项2-4与选项1的价值不同。根据您的解释，您的图像标记将呈现为

。它们的形式已经是这样了。他们在评论中也陈述了同样的内容。@Daedalus:在发布答案后注意到了这个评论。看起来他把标签印错了。不管怎样，我应该删除表单部分吗？

  $query = "UPDATE `pages` 
          SET `image`='$image' 
          WHERE `name`='$page'";

 print "<img src='{$row['image']}'/>";