Php 将数据库中的图像显示为表中的单元格

因此，我在实现一个赞助管理网站时遇到了一些问题。我知道将图像存储到数据库中可能会非常麻烦，但这是必需的（禁止在校园服务器中使用文件系统存储图像）

我创建了3个表：

• 存储文本信息的信息表
• 以BLOB方式存储图像的图像表，以及
• 一个id_表，用作保存图像id和信息id记录的参考表。
  

$result=mysql\u查询（“选择信息id、信息名称、信息年份、信息级别、信息电子邮件、信息描述自信息”）；
while（$row=mysql\u fetch\u数组（$result））
{
回显“$row['info_name']”；
回显“$row['info_year'”；
回显“$row['info_level']”；
回显“$row['info_email']”；
回显“$row['info_description']”；
$result\u image\u id=mysql\u query（“从id\u表中选择id\u image，其中id\u info='{$row['info\u id']}'”）；
$row\u image=mysql\u fetch\u数组（$result\u image\u id）；
$result\u image=mysql\u query（“从图像中选择图像内容，其中图像\u id='{$row\u图像['id\u图像']}'”）；
$row_2=mysql_fetch_数组（$result_image）；
$content=$row_2['image_stuff']；
回声“；
标题（“内容类型：图像/jpeg”）；
echo$内容；
回声“；
回声“；
}

然后在浏览器中，我被重定向到一个空白页面。如果我删除了header函数，我在页面中确实有一个表，但在image列中没有任何内容

有什么建议吗

此外，我还尝试使用

”；

好消息是，它有点可行，但图像文件实际上并没有显示出来

在我的页面中有一个表，其中的image列中填充了图像文件，但看起来就像服务器没有找到图像一样

---

我想我的插入脚本不存在任何问题，因为当我应用img标记时，“无法显示”徽标只出现在单元格中，该单元格的行是我将图像文件上载到数据库中的行…

您不能使用这样的标题

试试那样的

echo "<img src='$content' />";

$result=mysql\u查询（“选择信息id、信息名称、信息年份、信息级别、信息电子邮件、信息描述自信息”）；
while（$row=mysql\u fetch\u数组（$result））
{
回显“$row['info_name']”；
回显“$row['info_year'”；
回显“$row['info_level']”；
回显“$row['info_email']”；
回显“$row['info_description']”；
$result\u image\u id=mysql\u query（“从id\u表中选择id\u image，其中id\u info='{$row['info\u id']}'”）；
$row\u image=mysql\u fetch\u数组（$result\u image\u id）；
$result\u image=mysql\u query（“从图像中选择图像内容，其中图像\u id='{$row\u图像['id\u图像']}'”）；
$row_2=mysql_fetch_数组（$result_image）；
$content=$row_2['image_stuff']；
回声“；
回声'；
回声“；
回声“；
}

---

更改您存储的任何类型的图像的png。我没有看太多代码，但这应该会起作用。

echo.“$row['post_image']”。

如果我没有对$content进行编码，我会将像作为任意图像的URL。无法显示“图像”“徽标内容出现在图像列中。我的图像插入脚本中是否有任何错误？

base64\u encode（）

占用带宽，因为您需要将二进制图像转换为ASCII字符！为什么不将图像保存到磁盘上，或者最好不要将二进制图像存储到数据库中？将二进制映像的路径存储在可通过web访问的文件系统中。@YzmirRamirez“（禁止在校园服务器中使用文件系统存储映像）”引自OP.$sql_2=“插入映像（映像id、映像名称、映像内容）值（NULL，$_FILES[file][name]，“$_FILES[file]”）；如果（！mysql_query（$sql_2，$con））{die（'Error:'.mysql_Error（））；}我省略了其他部分，比如判断文件类型是否合法等等。请解释这如何帮助问题作者？

$result=mysql_query("SELECT info_id,info_name,info_year,info_level,info_email,info_describe FROM info");
while($row = mysql_fetch_array($result))
{
echo "<td>" . $row['info_name'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['info_year'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['info_level' ] . "</td>";
echo "<td>" . $row['info_email'] . "</td>";
echo "<td>" . $row['info_describe'] . "</td>";
$result_image_id = mysql_query("SELECT id_image FROM id_table WHERE id_info = '{$row['info_id']}'");
$row_image = mysql_fetch_array($result_image_id);
$result_image = mysql_query("SELECT image_stuff FROM image WHERE image_id = '{$row_image['id_image']}'");
$row_2 = mysql_fetch_array($result_image);
$content=$row_2['image_stuff'];
echo "<td>" ;
echo '<img src="data:image/png;base64,' . base64_encode($content) . '" />';
echo "</td>";
echo "</tr>";
}